電勢能

: 在這篇文章內，向量與純量分別用粗體與斜體顯示。例如，位置向量通常用 $\mathbf {r} \,\!$ 表示；而其大小則用 $r\,\!$ 來表示。

在靜電學裏，**電位能**（electric potential energy）是處於電場的電荷分佈所具有的位能，與電荷分佈在系統內部的組態有關。電位能的單位是焦耳。電位能與電位不同。電位定義為處於電場的電荷所具有的電位能每單位電荷。電位的單位是伏特。

電位能的數值不具有絕對意義，只具有相對意義。所以，必須先設定一個電位能為零的參考系統。當物理系統內的每一個點電荷都互相分開很遠（分開距離為無窮遠），都相對靜止不動時，這物理系統通常可以設定為電位能等於零的參考系統。假設一個物理系統裏的每一個點電荷，從無窮遠緩慢地被遷移到其所在位置，總共所做的機械功為 $W$ ，則這物理系統的電位能 $U$ 為

　
: $U=W$ 。

在這過程裏，所涉及的機械功 $W$ ，不論是正值或負值，都是由這物理系統之外的機制賦予，並且，緩慢地被遷移的每一個點電荷，都不會獲得任何動能。

如此計算電位能，並沒有考慮到移動的路徑，這是因為電場是保守場，電位能只跟初始位置與終止位置有關，與路徑無關。

## 計算電位能

在一個物理系統內，計算一個點電荷所具有的電位能的方法，就是計算將這點電荷 Q 從無窮遠位置遷移到其它固定位置電荷附近所需要做的機械功。而這計算只需要兩項資料：

1. 其它電荷所產生的電位。
2. 這點電荷 Q 的電荷量。

注意到這計算不需要知道其它電荷的電荷量，也不需要知道這點電荷 Q 所產生的電位。

## 儲存於點電荷系統內的電位能

### 單點電荷系統

只擁有單獨一個點電荷的物理系統，其電位能為零，因為沒有任何其它可以產生電場的源電荷，所以，將點電荷從無窮遠移動至其最終位置，外機制不需要對它做任何機械功。特別注意，這點電荷有可能會與自己生成的電場發生作用。然而，由於在點電荷的位置，它自己生成的電場為無窮大，所以，在計算系統的有限總電位能之時，一般刻意不將這「自身能」納入考量範圍之內，以簡化物理模型，方便計算。

### 雙點電荷系統

思考兩個點電荷所組成的物理系統。假設第一個點電荷 $q_{1}$ 的位置為坐標系的原點 $\mathbf {O} $ ，則根據庫侖定律，點電荷 $q_{1}$ 施加於位置為 $\mathbf {r} $ 的第二個點電荷 $q_{2}$ 的電場力為

　
: $\mathbf {F} _{c}={\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {\hat {\mathbf {r} }}{r^{2}}}$ ；

其中， $\epsilon _{0}$ 是電常數。

在遷移點電荷 $q_{2}$ 時，為了要抗拒電場力，外機制必需施加作用力 $-\mathbf {F} _{c}$ 於點電荷 $q_{2}$ 。所以，機械功 $W$ 為

　
: $W=-\int _{\mathbb {L} }\mathbf {F} _{c}\cdot \mathrm {d} {\boldsymbol {\ell }}=-\ {\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}}}\int _{\mathbb {L} }{\frac {\hat {\mathbf {r} }}{r^{2}}}\cdot \mathrm {d} {\boldsymbol {\ell }}$ 。

由於庫侖力為保守力，機械功與積分路徑 $\mathbb {L} $ 無關，所以，可以選擇任意一條積分路徑。在這裡，最簡單的路徑為從無窮遠位置朝著 $-{\hat {\mathbf {r} }}$ 方向遷移至 $\mathbf {r} $ 位置的直線路徑。那麼，機械功為

　
: $W=-\ {\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}}}\int _{\infty }^{r}{\frac {\mathrm {d} r}{r^{2}}}={\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}r}}$ 。

這機械功是無窮遠位置與 $\mathbf {r} $ 位置之間的靜電能差別：

　
: $W=U(\mathbf {r} )-U(\infty )$ 。

設定 $U(\infty )=0$ ，則

　
: $U(\mathbf {r} )={\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}r}}$ 。

現在，假設兩個點電荷的位置分別為 $\mathbf {r} _{1}$ 、 $\mathbf {r} _{2}$ ，則電位能為

　
: $U={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {q_{1}q_{2}}{|\mathbf {r} _{2}-\mathbf {r} _{1}|}}={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {q_{1}q_{2}}{r_{12}}}$ ；

其中， $r_{12}=|\mathbf {r} _{2}-\mathbf {r} _{1}|$ 是兩個點電荷之間的距離。

假設兩個點電荷的正負性相異，則電位能為負值，兩個點電荷會互相吸引；否則，電位能為正值，兩個點電荷會互相排斥。

### 三個以上點電荷的系統

對於三個點電荷的系統，外機制將其每一個單獨點電荷，一個接著一個，從無窮遠位置遷移至最終位置，所需要做的機械功，就是整個系統的靜位能。以方程式表示，

　
: $U={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\left({\frac {q_{1}q_{2}}{r_{12}}}+{\frac {q_{1}q_{3}}{r_{13}}}+{\frac {q_{2}q_{3}}{r_{23}}}\right)$ ；

其中， $q_{1},q_{2},q_{3}$ 為點電荷， $r_{ij}$ 為第 i 個與第 j 個點電荷之間的距離。

按照這方法演算，對於多個點電荷的系統，按照順序，從第一個點電荷到最後一個點電荷，各自緩慢遷移到最後對應位置。在第 $i$ 個點電荷 $q_{i}$ 遷移時，只會感受到從第 $1$ 個點電荷到第 $i-1$ 個點電荷的電場力，而機械功 $W_{i}$ 是因為抗拒這些電場力而做出的貢獻：

　
: $W_{i}={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\sum _{j=1}^{i-1}{\frac {q_{i}q_{j}}{r_{ij}}}$ 。

所有點電荷做出的總機械功（即總電位能）為

　
: $U=W=\sum _{i=1}^{n}W_{i}={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\sum _{i=1}^{n}\sum _{j=1}^{i-1}{\frac {q_{i}q_{j}}{r_{ij}}}$ 。

將每一個項目重覆多計算一次，然後將總和除以 $2$ ，這公式也可以表達為，

　
: $U={\frac {1}{8\pi \epsilon _{0}}}\sum _{i=1}^{n}\sum _{j=1,j\neq i}^{n}{\frac {q_{i}q_{j}}{r_{ij}}}$ 。

這樣，可以忽略點電荷的遷移順序。

注意到除了點電荷 $q_{i}$ 以外，所有其它點電荷產生的電位在位置 $\mathbf {r} _{i}$ 為

　
: $\phi (\mathbf {r} _{i})={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\sum _{j=1,j\neq i}^{n}{\frac {q_{j}}{r_{ij}}}$ 。

所以，離散點電荷系統的總電位能為

　
: $U={\frac {1}{2}}\sum _{i=1}^{n}q_{i}\phi (\mathbf {r} _{i})$ 。

* 上述方程式假設電介質是自由空間，其電容率為 $\epsilon _{0}$ ，即電常數。假設電介質不是自由空間，而是電容率為 $\epsilon $ 的某種電介質，則必需將方程式內的 $\epsilon _{0}$ 更換為 $\epsilon $ 。

## 儲存於連續電荷分佈的能量

對於連續電荷分佈，前面的電位能方程式變為

　
: $U={\frac {1}{2}}\int _{\mathbb {V} }\rho (\mathbf {r} )\phi (\mathbf {r} )\ \mathrm {d} ^{3}r$ ；

其中， $\rho (\mathbf {r} )$ 是在源位置 $\mathbf {r} $ 的電荷密度， $\mathbb {V} $ 是積分體積。

應用高斯定律

　
: $\mathbf {\nabla } \cdot \mathbf {E} ={\frac {\rho }{\epsilon _{0}}}$  ;

其中， $\mathbf {E} $ 是電場。

電位能為

　
: ${\begin{aligned}U&={\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {V} }[\mathbf {\nabla } \cdot \mathbf {E} (\mathbf {r} )]\phi (\mathbf {r} )\ \mathrm {d} ^{3}r\\&={\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {V} }\mathbf {\nabla } \cdot [\mathbf {E} (\mathbf {r} )\phi (\mathbf {r} )]-\mathbf {E} (\mathbf {r} )\cdot \mathbf {\nabla } \phi (\mathbf {r} )\ \mathrm {d} ^{3}r\\\end{aligned}}$ 。

應用散度定理，可以得到

　
: $U={\frac {\epsilon _{0}}{2}}\oint _{\mathbb {S} }[\mathbf {E} (\mathbf {r} )\phi (\mathbf {r} )]\cdot \mathrm {d} ^{2}r-{\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {V} }\mathbf {E} (\mathbf {r} )\cdot \mathbf {\nabla } \phi (\mathbf {r} )\ \mathrm {d} ^{3}r$ ；

其中， $\mathbb {S} $ 是包住積分體積 $\mathbb {V} $ 的閉曲面。

當積分體積 $\mathbb {V} $ 趨向於無限大時，閉曲面 $\mathbb {S} $ 的面積趨向於以變率 $r^{2}$ 遞增，而電場、電位分別趨向於以變率 $1/r^{2}$ 、 $1/r$ 遞減，所以，上述方程式右手邊第一個面積分項目趨向於零，電位能變為

　
: $U=-{\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {ALL\ SPACE} }\mathbf {E} (\mathbf {r} )\cdot \mathbf {\nabla } \phi (\mathbf {r} )\mathrm {d} ^{3}r$ 。

電場與電位的微分關係為

　
: $\mathbf {E} =-\nabla \phi $ 。

將這方程式代入，電位能變為

　
: $U={\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {ALL\ SPACE} }[E(\mathbf {r} )]^{2}\mathrm {d} ^{3}r$ 。

所以，電位能密度 $u$ 為

　
: $u(\mathbf {r} )={\frac {\epsilon _{0}}{2}}[E(\mathbf {r} )]^{2}$ 。

## 自身能與交互作用能

前面分別推導出兩個電位能方程式：

　
: $U={\frac {1}{8\pi \epsilon _{0}}}\sum _{i=1}^{n}\sum _{j=1,j\neq i}^{n}{\frac {q_{i}q_{j}}{r_{ij}}}$ 。

　
: $U={\frac {\epsilon _{0}}{2}}\int _{\mathbb {ALL\ SPACE} }[E(\mathbf {r} )]^{2}\mathrm {d} ^{3}r$ 。

注意到第一個方程式計算得到的電位能，可以是正值，也可以是負值；但從第一個方程式推導出來的第二個方程式，其計算得到的電位能則必定是正值。為甚麼會發生這不一致問題？原因是第一個方程式只囊括了電荷與電荷之間的交互作用能；而第二個方程式在推導過程中，無可避免地將電荷的自身能也包括在內。在推導第一個方程式時，在位置 $\mathbf {r} _{i}$ 的電位乃是，除了 $q_{i}$ 以外，所有其它電荷共同貢獻出的電位；而在推導第二個方程式時，電位乃是所有電荷共同貢獻出的電位。

舉一個雙點電荷案例，假設電荷 $q_{1}$ 、 $q_{2}$ 的位置分別為 $\mathbf {r} _{1}$ 、 $\mathbf {r} _{2}$ ，則在任意位置 $\mathbf {r} $ 的電場為

　
: $\mathbf {E} =\mathbf {E} _{1}+\mathbf {E} _{2}={\frac {q_{1}}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|^{3}}}+{\frac {q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|^{3}}}$ ，

其電位能密度為

　
: $u={\frac {\epsilon _{0}}{2}}E^{2}={\frac {\epsilon _{0}}{2}}(E_{1}\,^{2}+E_{2}\,^{2}+2\mathbf {E} _{1}\cdot \mathbf {E} _{2})$ 。

很明顯地，這方程式右手邊的前兩個項目分別為電荷 $q_{1}$ 、 $q_{2}$ 的自身能密度 $\epsilon _{0}E_{1}\,^{2}/2$ 、 $\epsilon _{0}E_{2}\,^{2}/2$ 。最後一個項目是否為交互作用能密度？為了回答這有意思的問題，繼續計算交互作用能密度的體積積分：

　
: $U_{int}=\int _{\mathbb {V} }u_{int}\ \mathrm {d} ^{3}r=\epsilon _{0}\int _{\mathbb {V} }\mathbf {E} _{1}\cdot \mathbf {E} _{2}\ \mathrm {d} ^{3}r={\frac {q_{1}q_{2}}{16\pi ^{2}\epsilon _{0}}}\int _{\mathbb {V} }{\frac {\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|^{3}}}\ \cdot \ {\frac {\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|^{3}}}\ \mathrm {d} ^{3}r$ 。

應用一條向量恆等式，

　
: $\nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} '|}}\right)=-\ {\frac {(\mathbf {r} -\mathbf {r} ')}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} '|^{3}}}$ ，

可以得到

　
: ${\begin{aligned}U_{int}&={\frac {q_{1}q_{2}}{16\pi ^{2}\epsilon _{0}}}\int _{\mathbb {V} }\nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\right)\ \cdot \ \nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|}}\right)\mathrm {d} ^{3}r\\&={\frac {q_{1}q_{2}}{16\pi ^{2}\epsilon _{0}}}\int _{\mathbb {V} }\nabla \ \cdot \ \left[{\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|}}\right)\right]-\ \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\right)\nabla ^{2}\left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|}}\right)\mathrm {d} ^{3}r\\\end{aligned}}$ 。

應用散度定理，可以將這方程式右手邊第一個項目，從體積積分變為面積積分：

　
: $\int _{\mathbb {V} }\nabla \ \cdot \ \left[{\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|}}\right)\right]\mathrm {d} ^{3}r=\oint _{\mathbb {S} }\left[{\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\nabla \left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2}|}}\right)\right]\cdot \mathrm {d} ^{2}r$ ；

其中， $\mathbb {S} $ 是包住積分體積 $\mathbb {V} $ 的閉曲面。

假設 $\mathbb {V} $ 趨向於無窮大空間，則這面積積分趨向於零。再應用一則關於狄拉克 δ 函數的向量恆等式

　
: $\nabla ^{2}\left({\frac {1}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} '|}}\right)=-4\pi \delta (\mathbf {r} -\mathbf {r} ')$ ，

可以得到

　
: $U_{int}={\frac {q_{1}q_{2}}{4\pi \epsilon _{0}}}\int _{\mathbb {ALL\ SPACE} }{\frac {\delta (\mathbf {r} -\mathbf {r} _{2})}{|\mathbf {r} -\mathbf {r} _{1}|}}\ \mathrm {d} ^{3}r={\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}\ {\frac {q_{1}q_{2}}{|\mathbf {r} _{1}-\mathbf {r} _{2}|}}$ 。

這正是雙點電荷系統的電位能。

## 參考文獻