williamValid/exam-CQIA-Qwen-1.5B huggingface dataset:
对于无向图 $G=(V, E)$, 下列选项中, 正确的是()。
A. 当 $|V|>|E|$ 时, $G$ 一定是连通的
B. 当 $|V|<|E|$ 时, $G$ 一定是连通的
C. 当 $|V|=|E|-1$ 时, $G$ 一定是不连通的
D. 当 $|V>| E \mid+1$ 时, $G$ 一定是不连通的

解答：一个有 $|\mathrm{V}|$ 个顶点的连通图应至少有 $|\mathrm{V}|-1$ 条边, 当 $|E|<|\mathrm{V}|-1$ 时, 即 $|\mathrm{E}|+1<|\mathrm{V}|$ 时, 一定是非连通图。所以 $\mathrm{D}$ 正确。

因此答案为：D
下列因素中, 影响散列(哈希)方法平均查找长度是()。
I. 装填因子
II.散列函数
III.冲突解决策略
A. 仅 I、II
B. 仅 I、III
C. 仅 II 、 III
D. I、 II 、 III

解答：平均查找长度是查找算法在查找成功时平均查找长度和查找不成功时平均查找长度之和。查找成功的平均查找长度指的是为确定记录在查找表中的位置, 需和给定值进行比较的关键字个数的期望值。查找不成功平均查找长度是查找不成功时和给定值进行比较的关键字个数的期望值。而查找过程中需和给定值比较的关键字个数取决于：(1)哈希函数；(2)处理冲突的方法; (3)哈希表装填因子 $a=n / m$; $n$ :表中填入记录数； $m$ :哈希表长。

因此答案为：D
使用二路归并排序对含 $\mathrm{n}$ 个元素的数组 $M$ 进行排序时, 二路归并操作的功能是()。
A. 将两个有序表合并为一个新的有序表
B. 将 $\mathrm{M}$ 划分为两部分, 两部分的元素个数大致相等
$C$. 将 $M$ 划分为 $n$ 个部分, 每个部分中仅含有一个元素
D. 将 $M$ 划分为两部分, 一部分元素的值均小于另一部分元素的值

解答：归并排序算法的基本思想：将两个或以上的有序子序列归并为一个有序序列。

因此答案为：A
某计算机主频为 $1 \mathrm{GHz}$, 程序 $\mathrm{P}$ 运行过程中, 共执行了 10000 条指令, 其中, $80 \%$ 的指令执行平均需 1 个时钟周期, $20 \%$ 的指令执行平均需 10 个时钟周期. 程序 P 的平均 CPI 和 CPU 执行时间分别是 ( ) .
A. $2.8,28 \mu \mathrm{s}$
B. $28,28 \mu \mathrm{s}$
C. $2.8,28 \mathrm{~ms}$
D. $28,28 \mathrm{~ms}$

解答：P 程序执行需要的时钟周期数为 $10000^{*}\left(0.8^{*} 1+0.2^{*} 10\right)=28000, \mathrm{CPU}$ 的执行时间 $=$ 时钟周期数 $/ \mathrm{f}=28000 / 1 \mathrm{G}=28^{*} 10^{-6} \mathrm{~s}=28 \mu \mathrm{s} ; \mathrm{P}$ 的平均 $\mathrm{CPI}=$ 程序执行所需时钟周期数 $/$ 程序中所包含的指令条数 $=28000 / 10000=2.8$ 。

因此答案为：A
-0.4375 的 I EEE754 单精度浮点数表示为 ( ).
A.BEE0 $0000 \mathrm{H}$
B.BF60 0000H
C.BF70 0000H
D.COE $00000 \mathrm{H}$

解答：$(-0.4375)_{10}=(-1)^{1 *}(0.0111)_{2}=(-1)^{1 *}(1.11)_{2} * 2^{-2}$, 所以 $\mathrm{S}=1, \mathrm{M}=(11000 \ldots 00)_{2}, \mathrm{E}=-$ $2+127=125=(01111101)_{2},-0.4375$ 的 IEEE 754 单精度浮点数格式为
$(10111110111000 \ldots 00)_{2}=(\text { BEE00000 })_{160}$

因此答案为：A
若计算机主存地址为 32 位, 按字节编址, 某 Cache 的数据区容量为 $32 \mathrm{~KB}$, 主存块大小为 $64 \mathrm{~B}$, 采用 8 路组相联映射方式, 该 Cache 中比较器的个数和位数分别为 () .
A. 8,20
B. 8,23
C. 64,20
D. 64,23

解答：组相联映射地址包括标记、组号和块内地址。cache 容量 $32 \mathrm{~KB}$, 每块/行大小为 $64 \mathrm{~B}$,所以 cache 共有 $32 \mathrm{~KB} \div 64 \mathrm{~B}=512$ 块/行, 又因采用 8 路组相联映射, 所以 cache 的结构为 64 组 $(512 / 8)$, 组号位数为 $6\left(2^{6}=64\right)$, 每组 8 行。主存块大小为 $64 \mathrm{~B}$, 所以块内地址为 6 位 $\left(2^{6}=64\right)$,地址线共 32 位, 标记位 $=32-6-6=20$ 。 8 路组相联映射, 所以需要 8 个比较器; 标记位为 20 ,所以比较器位数为 20 。

因此答案为：A
某内存条包含 8 个 $8192 \times 8192 \times 8$ 位的 DRAM 芯片, 按字节编址, 支持突发(b ust)传送方式, 对应存储器总线宽度为 64 位, 每个 DRAM 芯片内有一个行缓冲区(r owb uffer 。) 下列关于该内存条的柇述中，不正确的是()。
A. 内存条的容量为 $512 \mathrm{MB}$
B. 采用多模块交叉编址方式
C.芯片的地址引脚为 26 位
D. 芯片内行缓冲有 $8192 \times 8$ 位

解答：内存条的容量为 $8 * 22^{13 *} 2^{13 *} 8 \mathrm{bits}=512 \mathrm{MB}$, 采用多模块交叉编址方式。DRAM 的行、列地址分时传送, 容量为 $64 \mathrm{MB}$ 需要 26 条地址线, 因此芯片的地址引脚为 13 。

因此答案为：C
下列选项中, 属于指令集体系结构(ISA)规定的内容是()。
I. 指令字格式和指令类型
III. 通用寄存器个数和位数
II .CPU 的时钟周期
IV.加法器的进位方式
A. 仅 I、II
B. 仅 I、III
C. 仅 II 、IV
D. 仅 I、III、IV

解答：ISA 规定的内容包括数据类型及格式, 指令格式, 寻址方式和可访问地址空间的大小, 程序可访问的寄存器个数、位数和编号, 控制寄存器的定义, $\mathrm{I} / \mathrm{O}$ 空间的编制方式, 中断结构, 机器工作状态的定义和切换, 输入输出结构和数据传送方式, 存储保护方式等。

因此答案为：B
设计某指令系统时, 假设采用 16 位定长指令字格式, 操作码使用扩展编码方式, 地址码为 6 位, 包含零地址、一地址和二地址 3 种格式的指令。若二地址指令有 12 条, 一地址指令有 254 条, 则零地址指令的条数最多为 ( ) 。
A.
B. 2
C. 64
D. 128

解答：指令长度为 16 , 地址码为 6 位, 零地址、一地址和二地址指令对应的操作码位数分别为 $16,16-6=10,16-6^{*} 2=4$, 二地址指令编码剩余 $2^{4}-12=16-12=4$, 一地址指令最多 $4^{*} 2^{10-4}=256$条, 剩余编码 $256-254=2$, 零地址指令最多 $2 * 2^{16-10}=128$ 。

因此答案为：D
将高级语言源程序转换为可执行目标文件的主要过程是
A. 预处理 $\rightarrow$ 编译 $\rightarrow$ 汇编 $\rightarrow$ 链接
B. 预处理 $\rightarrow$ 汇编 $\rightarrow$ 编译 $\rightarrow$ 链接
C. 预处理 $\rightarrow$ 编译 $\rightarrow$ 链接 $\rightarrow$ 汇编
D. 预处理 $\rightarrow$ 汇编 $\rightarrow$ 链接 $\rightarrow$ 编译

解答：预处理程序对高级语言源程序进行文件包含, 宏替换等操作, 编译程序将预处理后的源程序转换为汇编语言代码, 汇编将汇编语言代码转换为目标代码, 链接程序将目标代码连接生成可执行程序。

因此答案为：A
下列关于中断 I/ 0 方式的叙述中, 不正确的是 ( ) 。
A. 适用于键䑤、针式打印机等字符型设备
B. 外设和主机之间的数据传送通过软件完成
C. 外设准备数据的时间应小于中断处理时间
D. 外设为某进程准备数据时 CPU 可运行其他进程

解答：键盘、针式打印机等字符型设备是外设, 与主机之间可以通过中断 $\mathrm{I} / 0$ 方式进行数据交换, 所以 $\mathrm{A}$ 是正确的。主机响应中断后转入中断处理程序, 在中断处理程序中进行数据传送, 所以 $\mathrm{B}$ 是正确的。外设准备数据的同时, 主机在执行其他进程, 并在每条指令执行完后查看中断引脚, 因此, 外设准备数据和主机执行进程是同时进行的, $\mathrm{D}$ 选项也是正确的。外设数据准备好后才会发出中断请求, 主机发现有中断请求后才转入中断处理程序进行中断处理, 因此外设准备数据的时间会影响整个系统效率, 但是与主机处理中断的时间没有关联, 故而选项 $\mathrm{C}$ 错误。
下列关于并行处理技术的叙述中，不正确的是()。
A. 多核处理器属于 MIMD 结构
B. 向量处理器属于 SIMD 结构
C. 硬件多线程技术只可用于多核处理器
D. SMP 中所有处理器共享单一物理地址空间

解答：多核处理器在一个 CPU 芯片中有多个处理器核, 他们可以并行计算。同一时刻在不同的核上可以运行不同的指令, 并分别处理不同的数据。同时有多个指令分别处理多个不同的数的并行系统叫做 MIMD 结构。因此选项 A 正确。一个指令流同时处理多个数据的并行结构叫做 SIMD, 由一个控制单元向多个处理单元提供单一指令流, 每个处理单元拥有局部存储器, 可以对不同的数据实行相同的操作, 适合处理向量。向量处理器是面向向量型数据的并行计算机, 可以在向量的各分量上按多种方式并行执行, 因此选项 B 正确。硬件多线程技术是一种共享单个处理器核内部功能部件的技术，也适用于提高单核处理器中功能部件的利用率。因
此选项 C 错误。SMP 具有两个以上功能相似的处理器, 他们共享同一主存和外设, 故而选项 D 正确。
下列关于多道程序系统的叙述中, 不正确的是 ( ) 。
A 支持进程的并发执行
B. 不必支持虚拟存储管理
C. 需要实现对共享资源的管理
D. 进程数越多 CPU 利用率越高

解答：并发是多道程序系统的一个基本特征, 进程的并发需要实现对资源的共享管理, 故 A、C 均为正确的。它同样也支持虚拟存储管理, 故 C 也正确。对多道程序系统而言, 进程数 (多道程序度) 并不是越多 CPU 利用率越高, 在初期提高进程数可以提高 CPU 的利用率, 但是当 CPU 利用率达到最大值后, 再提高并发进程数, 反而会导致 CPU 利用率的降低, 故 D 选项不正确。

因此答案为：D
下列选项中, 需要在操作系统进行初始化过程中创建的是 ( ) 。
A. 中断向量表
B. 文件系统的根目录
C.硬盘分区表
D. 文件系统的索引节点表

解答：文件系统的根目录是在操作系统初始化进行磁盘逻辑格式化时创建的, 故选项 B 正确。
进程 P0、P1、P2 和 P3 进人就绪队列的时刻、优先级(值越小优先权越高)及 CPU 执行时间如下表所示.
\begin{center}
\begin{tabular}{|c|c|c|c|}
\hline
进程 & 进入就绪队列的时刻 & 优先级 & CPU 执行时间 \\
\hline
$\mathrm{P} \bullet$ & $0 \mathrm{~ms}$ & 15 & $100 \mathrm{~ms}$ \\
\hline
$\mathrm{P} 1$ & $1 \mathrm{~ms}$ & $2 \bullet$ & $60 \mathrm{~ms}$ \\
\hline
$\mathrm{P} 2$ & $1 \mathrm{~ms}$ & $1 \bullet$ & $20 \mathrm{~ms}$ \\
\hline
$\mathrm{P} 3$ & $15 \mathrm{~ms}$ & $\bullet$ & $10 \mathrm{~ms}$ \\
\hline
\end{tabular}
\end{center}
若系统采用基于优先权的抢占式进程调度算法, 则从 $0 \mathrm{~ms}$ 时刻开始调度, 到 4 个进程都运行结束为止, 发生进程调度的总次数为 ( ) .
A. 4
B. 5
C. 6
D. 7

解答：$0 \mathrm{~ms}$ 时, 只有 $\mathrm{P} 0$ 进程就绪, 调度 $\mathrm{P} 0$ 进程; $10 \mathrm{~ms}$ 时 P1、 P2 就绪, P2 优先级高于 $\mathrm{P} 0$, 进行 $\mathrm{CPU}$ 抢占调度; $15 \mathrm{~ms}$ 时, $\mathrm{P} 3$ 进程就绪, $\mathrm{P} 3$ 优先级高于 $\mathrm{P} 2$, 进行 $\mathrm{CPU}$ 抢占调度; $25 \mathrm{~ms}$ 时, $\mathrm{P} 3$ 进程执行完成, 再次发生进程调度, $\mathrm{P} 2$ 获得 $\mathrm{CPU} ; 40 \mathrm{~ms}$ 时, $\mathrm{P} 2$ 执行完成, 发生进程, 调度 P0 获得 CPU 继续执行: $130 \mathrm{~ms}$, P0 进程执行完成, 发生进程调度, P1 获得 CPU,直至进程结束。在这个过程中共发生 6 次进程调度。

因此答案为：C
系统中有三个进程 P0、P1、P2 及三类资源 A、B、C. 若某时刻系统分配资源的情况如下表所示, 则此时系统中存在的安全序列的个数为
\begin{center}
\begin{tabular}{|r|r|r|r|r|r|r|r|r|r|}
\hline
\multirow{2}{*}{进程} & \multicolumn{3}{|c|}{已分配资源数} & \multicolumn{3}{|c|}{尚需资源数} & \multicolumn{3}{|c|}{可用资源数} \\
\cline { 2 - 7 }
 & $\mathrm{A}$ & $\mathrm{B}$ & $\mathrm{C}$ & $\mathrm{A}$ & $\mathrm{B}$ & $\mathrm{C}$ & $\mathrm{A}$ & $\mathrm{B}$ & $\mathrm{C}$ \\
\hline
$\mathrm{P} \bullet$ & 2 & $\bullet$ & 1 & $\bullet$ & 2 & 1 &  &  &  \\
\hline
$\mathrm{P} 1$ & $\bullet$ & 2 & $\bullet$ & 1 & 2 & 3 & 1 & 3 &  \\
\hline
$\mathrm{P} 2$ & 1 & $\bullet$ & 1 & $\bullet$ & 1 & 3 &  &  &  \\
\hline
\end{tabular}
\end{center}
A. 1
B. 2
C. 3
D. 4

解答：可用资源数初始状态 $(1,3,2)$, 只能满足 P0, 其存在两个安全序列 (P0, P1, P2)和(P0, P2, P1), 故选项 B 正确。
下列关于 CPU 模式的叙述中，正确的是()。
A.CPU 处于用户态时只能执行特权指令
B.CPU处于内核态时只能执行特权指令
C.CPU 处于用户态时只能执行非特权指令
D.CPU 处于内核态时只能执行非特权指令

解答：CPU 处于内核态下可以执行一切指令, 包括特权指令和非特权指令; 用户态下只能执行非特权指令, 故选项 C 正确。
下列事件或操作中, 可能导致进程 $\mathrm{P}$ 由执行态变为阻塞态的是().
I. 进程 P 读文件保进程 $\mathrm{P}$ 的时间片用完
III. 进程 P 申请外设 IV. 进程 P 执行信号量的 wait()操作
A. 仅 I、IV
B. 仅 II 、III
C.仅III、IV
D. 仅 I、III、IV

解答：I、III、IV均有可能发生等待, 使得进程由执行态转换为阻塞态; II 中进程 P 时间片用完后将会转为就绪态, 故选项 D 正确。
某进程访问的页 $\mathrm{b}$ 不在内存中, 导致产生缺页异常, 该缺页异常处理过程中不一定包含的操作是 ( ) 。
A. 淘汰内存中的页
B. 建立页号与页框号的对应关系
$\mathrm{C}$. 将页 $\mathrm{b}$ 从外存读入内存
D. 修改页表中页 $\mathrm{b}$ 对应的存在位

解答：缺页处理时, 如果内存空间够用, 就不需要淘汰内存中的页, 但是对新加载进内存中的页 $\mathrm{b}$, 都需要从外存读入内存, 在页表中建立它与页框号的对应关系, 修改页表中页 $\mathrm{b}$ 的存在位。

因此答案为：A
下列选项中, 不会影响系统缺页率的是()。
A. 页置换算法
B.工作集的大小
C. 进程的数量
D. 页缓冲队列的长度

解答：页面置换算法选择不当, 导致缺页次数变多, 影响缺页率; 工作集的大小, 进程的数量都会影响进程执行过程中的缺页次数; 页缓存则是为了提高文件读写效率设置的, 故选择 D 选项。
执行系统调用的过程涉及下列操作, 其中由操作系统完成的是
I. 保存断点和程序状态字
II. 保存通用寄存器的内容
III. 执行系统调用服务例程
$\mathrm{V}$. 将 CPU 模式改为内核态
A. 仅 I 、III
B. 仅 II 、III
C. 仅 II 、 N
D. 仅 II 、 III 、 N

解答：I 和 IV 可由相应的硬件支撑完成, II 和III则需要由操作系统在进行系统调用时完成,故选项 B 正确。
下列关于驱动程序的叙述中, 不正确的是 ( ) 。
A. 驱动程序与 $I / O$ 控制方式无关
B. 初始化设备是由驱动程序控制完成的
C. 进程在执行驱动程序时可能进入阻塞态
D. 读/写设备的操作是由驱动程序控制完成的

解答：驱动程序是 $I / O$ 进程与设备控制器之间的通信程序, 它与 $I / O$ 设备所采用的 I/O 控制方式紧密相关。初始化设备、读/写设备均由驱动程序控制完成, 进程在执行驱动程序时, 有可能设备处于 “忙” 状态, 从而使进程阻塞。

因此答案为：A
在 ISO/OS 参考模型中, 实现两个相邻结点间流量控制功能的是()。
A. 物理层
B. 数据链路层
C. 网络层
D. 传输层

解答：本题考查 OSI 模型中数据链路层的功能。实现两相邻节点间的流量控制是数据链路层的功能之一, 传输层提供应用进程间的逻辑通信, 即端到端的通信。网络层提供点到点的逻辑通信。

因此答案为：B
在一条带宽为 $200 \mathrm{kHz}$ 的无噪音信道上, 若采用 4 个幅值的 ASK 调制, 则该信道的最大数据传输速率是 ( ) 。
A. $200 \mathrm{kh} / \mathrm{s}$
B. $400 \mathrm{kh} / \mathrm{s}$
C. $800 \mathrm{~kb} / \mathrm{s}$
D. $1600 \mathrm{~kb} / \mathrm{s}$

解答：本题考查奈氏准则的应用。最大数据传输率 $=2 \mathrm{~W} \log _{2} \mathrm{~N}$, 其中带宽 $\mathrm{W}$ 为 $200 \mathrm{kHz}$, 采用 4 个幅值的 ASK 调制, 则码元状态数为 4 , 故最大数据传输率为 $2 \times 200 \times \log _{2} 4=800 \mathrm{~kb} / \mathrm{s}$ 。

因此答案为：C
若某主机的 IP 地址是 183.8 .72.48, 子网掩码是 255.255.192. , 则该主机所在网络的网络地址是 ( ) 。
A. $183.8 \bullet .0$
B. 183.84 .64 .
C. $183.8 \bullet .72$.
D. 183.81 .192\$.

解答：本题考查对 IP 地址、子网掩码概念的理解。用主机 IP 地址与子网掩码进行逻辑与 (And) 运算可以得出主机所在网络的网络地址, 在进行逻辑与运算时, 只需将 IP 地址与子网掩码中的第三个数转换成二进制进行运算, 即 $(0100$ 1000) And (1100 0000) $=01000000$ (64),答案为 $\mathrm{B}$ 。

因此答案为：B
在 SDN 网络体系结构中, SDN 控制器向数据平面的 SDN 交换机下发流表时所使用的接口是 ( ) 。
A.东向接口
B. 南向接口
C. 西向接口
D. 北向接口

解答：SDN(软件定义网络)是一种新型的网络架构, 它实现了转发平面和控制平面的分离。在这种网络体系架构中, 从上到下依次被分为: 应用平面、控制平面和转发平面。其中控制器
(Controler) 位于控制平面, SDN 交换机位于转发平面, 各种应用程序处于应用平面。控制平面和转发平面之间的网络设备状态、数据流表项和控制指令的传达都需要经由通信协议传达,实现控制器对网络设备的管控。目前业界比较看好的是 ONF 主张的 OpenFlow 协议(南向接口) 。在应用平面, 通过控制器提供的编程接口(北向接口)对底层设备进行编程, 把网络的控制器开放给用户, 开发各种业务应用, 实现多样化的业务创新。

因此答案为：B
假设主机甲和主机乙已建立一个 $\mathrm{TCP}$ 连接, 最大段长 $\mathrm{MSS}=1 \mathrm{~KB}$, 甲一直有数据向乙发送, 当甲的拥塞窗口为 $16 \mathrm{~KB}$ 时, 计时器发生了超时, 则甲的拥塞窗口再次增长到 $16 \mathrm{~KB}$ 所需要的时间至少是 ( ) 。
A.4 RTT
B. 5 RTT
C. 11 RTT
D. 16 RTT

解答：本题考查 TCP 的拥塞控制机制。在拥塞窗口为 $16 \mathrm{~KB}$ 时计时器超时, 此时判断网络出现拥塞, 要把慢开始门限值 ssthresh 设置为出现拥塞时的发送方窗口值的一半, 即 $8 \mathrm{~KB}$ 。然后把拥塞窗口 cwnd 的值重新设置为 1 , 再执行慢开始算法, 每经过一个传输轮次 (RTT)后, 拥塞窗口的值分别为: $2,4,8,9,10,11,12,13,14,15,16$, 因此共需要 11 个RTT。

因此答案为：C
假设客户 $\mathrm{C}$ 和服务器 $\mathrm{S}$ 已建立一个 $\mathrm{TCP}$ 连接、通信往返时间 $\mathrm{RTT}=50 \mathrm{~ms}$, 最长报文段寿命 $\mathrm{MSL}=800 \mathrm{~ms}$, 数据传输结束后, $\mathrm{C}$ 主动请求断开连接。若从 $\mathrm{C}$ 主动向 $\mathrm{S}$ 发出 $\mathrm{FIN}$ 段时刻算起, 则 $\mathrm{C}$ 和 $\mathrm{S}$ 进入 CLOSED 状态所需的时间至少分别是()。
A. $850 \mathrm{~ms}, 50 \mathrm{~ms}$
B. $1650 \mathrm{~ms}, 50 \mathrm{~ms}$
C. $850 \mathrm{~ms}, 75 \mathrm{~ms}$
D. $1650 \mathrm{~ms}, 75 \mathrm{~ms}$

解答：本题考查对 $\mathrm{TCP}$ 连接释放 (四次挥手) 过程的理解。对客户 $\mathrm{C}$ 来说, 从向 $\mathrm{S}$ 发出 FIN 段时刻, 共经历了发送连接释放报文段(阶段 1)、接收服务器对连接释放报文段的确认 (阶段 2) 、服务器端的连接释放报文段(阶段 3) 、对服务器端连接释放报文段的确认(阶段 3) 和时间等待计时器设置的时间 2MSL (最长报文段寿命) 之后才进入 CLOSED 状态, 由于要求出最少时间, 因此阶段 2 和阶段 3 同时进行, 即 $\mathrm{B}$ 也没有数据向 $\mathrm{A}$ 发送, 无需等待,因此客户 $\mathrm{C}$ 总共经历的时间为 $\mathrm{RTT}+2 \mathrm{MSL}=1650 \mathrm{~ms}$ 。在此过程中, 服务器端 $\mathrm{S}$ 从客户 $\mathrm{C}$ 发出 FIN 时刻起到进入 CLOSED 状态共经历了 1.5 个 RTT, 即 $75 \mathrm{~ms}$ 。该题请结合连接释放过程的图来理解。

因此答案为：D
根设主机 $\mathrm{H}$ 通过 HTTP/1.1 请求浏览某 Web 服务器 $\mathrm{S}$ 上的 Web 页 news408.hml, news408.hml 引用了同目录下 1 个图像, news408.hml 文件大小为 $1 \mathrm{MSS}$ (最大段长), 图像文件大小为 $3 \mathrm{MSS}, \mathrm{H}$ 访问 $\mathrm{S}$ 的往返时间 RTT $=10 \mathrm{~ms}$, 忽略 HTTP 响应报文的首部开销和 TCP 段传输时延。若 $\mathrm{H}$ 已完成域名解析, 则从 $\mathrm{H}$ 请求与 $\mathrm{S}$ 建立 TCP 连接时刻起, 到接收到全部内容止, 所需的时间至少是 ( ) 。
A. $30 \mathrm{~ms}$
B. $40 \mathrm{~ms}$
C. $50 \mathrm{~ms}$
D. $60 \mathrm{~ms}$

解答：本题考查对 HTTP/1.1 工作过程及持续非流水线工作方式的理解。HTTP/1.1 使用了面向连接的 TCP 作为传输层协议。在 HTTP 中, 当请求消息比较长, 超过了 MSS 的长度, TCP 就需要把 HTTP 的数据拆解成一块块的数据发送, 而不是一次性发送所有数据, 拆分出来的每一块数据都要加上 $\mathrm{TCP}$ 头信息放进单独的网络包中, 然后交给 IP 模块来发送数据, 因此大小为 $3 \mathrm{MSS}$ 的图像文件在实际传输时被拆分成 3 个对象, 需要 3 次请求, 每访问一次对象就用去一个 RTT, 共需要 3 个 RTT, 再加上第一次请求页面时的 1 个 RTT, 因此需计 4 个 RTT 才能收到全部内容。

因此答案为：B
结合考古发现和传世文献, 与商代相比, 西周各方面都发生了巨变, 但其也有共通之处, 下列属于共通之处的是
A. 金属工具的广泛使用
B. 国家治理模式
C. 血缘氏族影响巨大
D.王位传承方式

解答：亲族血缘关系在商代政治和西周政治中都发挥着重要作用, 如西周的宗法制, C 项正确。金属工具的广泛使用最早要到春秋战国时期甚至更晚, A 项错误;商代的国家治理模式是内外服制, 西周的国家治理模式是分封制, B 项错误; 商代的王位继承方式是兄终弟及与父死子继相结合, 西周的王位继承方式是宗法制之下的嫡长子继承制, D 项错误。
有关东汉史学论著中, "世家大族"'豪强"常用来界定东汉两个特定的阶层, 两阶层显著差异表现在
A. 宗族势力强弱
B. 土地占有数量
C. 文化价值取向
D.政治地位差异

解答：世家和豪族在经济地位和血缘关系上同属宗法封建性大地主, 但是在政治上属于不同的等级和阶层, 即统治阶层和非统治阶层。其中世家指权利世袭的家族系统, “世官”是世家的根本条件, 包括官僚世家、地主世家、儒学世家等, 而豪族则是一种地方势力, 故 $D$ 项正确。世家和豪族都有较强的宗族势力和较多的土地, 在文化价值取向上都尊崇儒学, $A B C$ 项排除。
北魏末年, 统治阶层奢侈腐败, 社会矛盾尖锐, 528 年尔朱荣发动"河阴之变",沉胡太后和元钊于黄河, 并诛杀了朝廷公卿两千余人, 其利用的是
A. 部落势力
B. 六镇戍兵
C. 羽林禁军
D. 豪强武装

解答：尔朱荣本身属于契胡部落, 但在奉命征讨六镇的过程中收降了大批六镇将领和士兵, 实力空前膨胀并形成军事政治集团, 为其发动"河阴之变"积累了军事力量, 故 B 项正确。
下列中国古史典籍中，依照《通典》体例与主体内容编纂而成的是
A. 《史通》
B. 《资治通鉴》
C. 《通志》
D. 《文献通考》

解答：马端临《文献通考》全书以杜佑《通典》为蓝本, 在《通典》基础上新加《经籍》、《物异》等 5 门内容, 体例与《通典》相同, 为典志体史书, 故 D 项正确。《史通》是刘知几的史学理论著作, 《资治通鉴》是司马光作的编年体史书, 《通志》是郑樵所作的纪传体通史, 三者在内容体例方面均与《通典》不同, 故 A、B、C 三项错误。
辽朝捺钵制度分为春捺钭制度(春水), 秋捺钵制度( 秋山), 其目的是A. 接受各部族首领前来朝贡B. 各部首领交流渔猎技艺C. 协调朝廷与各属部的关系D. 处理辽朝对外交往事务

解答：四时捺钭制度是辽朝皇帝在四季带领军队臣僚出巡、加强对地方控制的制度。其中春捺钵期间周围千里之内的属国、属部首领都要到捺钵朝见辽帝, 以示臣服, 秋捺钵也要召见各部落首领, 游猎养性和朝贡只是其表层行为, 根本目的是控制和安抚属部, 协调朝廷与各属部的关系, 故 C 项正确。
1859 年, 英国对法国进口货物征收大约 15\%的进口税, 比当时中国对同类货物所征收的进口税率高 2-3 倍, 表明A. 清朝开始丧失关税自主权B.清朝降低关税以增加进口C. 列强利用协定关税以压低中国进口关税D. 列强对华经济侵略形式发生了根本变化

解答：本题考察的是协定关税的相关知识点。材料指出对同类货物, 中国进口关税远远低于英国, 这是由于清政府与列强间的协定关税政策, 列强可利用协定关税政策压低中国关税, 从而向中国倾销商品, 故选 C;鸦片战争后, 1842 年中英《南京条约》规定协定关税, 清朝就开始丧失关税自主权, 故 A 错误; 中国关税较低是列强依据协定关税所要求的, 非清政府自己降低关税, 故 B 错误; 材料只说了中国关税较低的问题, 并无显示出列强对华经济侵略形式发生了根本变化,故 D 错误。
1905 年, 清朝颁布《各学堂奖励章程》, 根据毕业考试结果获得相应的奖励出身, 如高等学堂毕业生授予举人功名, 中学堂和高等小学堂授予生员功名, 官府根据不同情形分别予以选录, 此举A.减轻了教育改革阻力
B. 使新式学堂名存实亡
C.消除立宪党人的反对
D. 维持了旧有考试制度

解答：本题考察的是清末新政的相关知识点。材料指出官府可以根据学生不同的学堂学历授予与科举相似的身份, 其意在减轻新政教育改革的阻力, 尤其是准备科举的生员的反对, 故选 A; 清末新政中, 废除了科举制, 推行新式教育, 使新式学堂得到了迅速发展, 故 $B 、 D$ 错误; 立宪党人并非全部反对教育改革, 且较多主张废除科举, 故 C 错误。
1941 年 5 月, 毛泽东在延安干部工作会议上尖锐批判主观主义作风, 号召全党树立理论与实际相统一的马克思主义作风, 为整风运动做了准备, 这一报告是
A. 《反对党八股》
B. 《改造我们的学习》
C. 《整顿党的作风》
D. 《反对本本主义》

解答：1941 年 5 月毛泽东所作的《改造我们的学习》的报告, 批评了我们党内在教育学习上存在的所学与所用、理论与实际相脱节的毛病, 号召全党要树立理论与实际相结合的马克思主义学风, 由此开启了全党整风学习的序幕, 故选 B。《整顿党的作风》和《反对党八股》是毛泽东在 1942 年作的报告, 时间不符,故 A、C 错误; 《反对本本主义》是毛泽东在 1930 年针对党内存在的教条主义错误倾向而写的文章，故 D 错误。
1954 年, 我国某企业利润分配表显示, 国家税收占 34.5\%,职工福利占 $15 \%$,公积金占 $30 \%$,资本家红利占 $20.5 \%$, 该企业性质是
A. 国家资本主义
B. 民族资本主义
C.社会主义公有制
D. 初级合作社

解答：本题考察的是对资本主义工商业改造的相关知识点。国家对资本主义工商业的改造是通过多种形式的国家资本主义形式, 把资本主义私有制逐步改造为社会主义的全民所有制，材料所述"四马分肥"主要指资本主义工商业改造的第二阶段-一个别企业公私合营阶段的企业利润分配方式, 故选 A; 工商业改造前的企业性质是民族资本主义, 完成改造后是社会主义公有制, 故 B、C 错误; 初级合作社是农业社会主义改造的发展阶段，和企业利润分配无关，故 D 错误。
1984 年, 邓小平南巡指出: "我们建立经济特区, 实行开放政策, 有个指导思想要明确, 就是不是收, 而是放。"当时的主要国内背景是
A. 社会经济发展速度放慢
B. 产生姓"社"还是姓"资"争论
C.受国际形势变动的不利影响
D.社会主义初级阶段理论的创立

解答：20 世纪 80 年代初, 中央决定在深圳、珠海、汕头和厦门试办经济特区,但关于特区"姓资姓社"的争论始终不断, 试办特区的城市承受了巨大的压力。鉴于这种背景，1984 年邓小平南巡，故选 B。1984 年，社会经济发展速度并未放缓, 故 A 错误; 受国际形势变动的不利影响主要值得是 1992 年南巡, 故 C 错误;社会主义初级阶段理论的创立在十三大以后, 时间不符, 故 D 错误。
印度列国时代, 阶级矛盾突出, 涌现出许多新思潮, 这些新思潮的共同特点是
A. 批判专制王权
B. 反对婆罗门教
C. 抨击宿命思想
D. 否定生死轮回

解答：印度列国时代, 出现了很多种新的思潮, 这些思潮的共同特点就是反对婆罗门教在思想领域的一家独大地位，从各个角度对婆罗门教进行冲击，故选 B。
在埃及中部阿玛尔纳出土的楔形文字诏书中，法老与中巴比伦王国之间的通信占比较大, 内容主要为中巴比伦所面临的威胁, 该威胁主要指
A. 喜克索斯人的入侵
B. 神庙祭司阶层兴起
C.中亚述王国的兴起
D.腓尼基人殖民扩张

解答：在埃及阿玛尔纳曾发现大批泥板文献，是公元前 1385 年至公元前 1355年间，埃及法老与当时西亚各国国王之间往来的书信，被称为阿玛尔纳书信集，周边国家的发展态势构成二人通信的主要内容, 尤其是亚述的日益崛起, 是两人都担心的内容, 故选 C。
1164 年, 英格兰颁布《克拉伦登宪章》,规定: 未经国王允许, 高级神职人员不得离开王国, 教会领地领主空缺, 国王有权占有收益, 反映了
A. 国王司法权力扩大
B. 等级代表会议建立
C. 国王与罗马教廷分裂
D. 《大宪章》原则

解答：《克拉伦登宪章》是 1164 年英王亨利二世颁布的扩大王权, 限制教会特权和教会法庭权力的宪章。亨利二世企图以此收回教会的圣职推荐权, 以此来加强国王的司法权力, 进一步强化王权, 故 A 正确。等级代表会议出现在 13 世纪
后, 故 B 错误, 此时英王还没有与罗马分裂, 只是有矛盾, C 错误, 《大宪章》颁布于 1215 年, D 错误。

因此答案为：A
中古阿拉伯文明促进了东西之间交流，能印证史实A. 印度数字传播B. 训民正音创制C.犍陀罗艺术诞生D. 那烂陀寺建造

解答：本题目主要考查阿拉伯文明在东西方之间的文化传播作用, 我们所熟知的阿拉伯数字, 实际是印度数字, 只不过由阿拉伯人传到欧洲, 以讹传讹命名为阿拉伯数字, 故选 A。B、C、D 都是地方性文明代表成果, 无法体现东西方之间的文化交流与阿拉伯人在其中的作用。
15 世纪以前, 东方香料、丝绸、瓷器等长途贩运至欧洲, 价格高昂。此贸易兴盛时, 欧洲与东方往来最密切区域是
A. 北海、波罗的海
B. 地中海贸易区
C. 香槟集市
D.大西洋贸易区

解答：本题主要考查中世纪的经济, 中世纪时地中海贸易区主要承接的就是来自东方的转口贸易, 来自东方的货物经过丝绸之路, 再由君士坦丁堡分发至整个地中海贸易区, 尤其是意大利商人在其中发挥重要作用, 故选 B。其他选项在当时主要是欧洲区域内部的贸易区。
1588 年, 丰臣秀吉发布"刀狩令", 以建造大佛需要大量铁器为由, 收缴民间一切武器, 目的是
A. 垄断国内武器制造
B. 践行佛教和平主张
C.扶持国内农业生产
D.推行兵农分离政策

解答：本题主要考查古代日本的基本史实, 丰臣秀吉颁布刀狩令的主要目的是解决战国后期日益严重的流浪武士和武器泛滥问题, 以此来实现兵农分离, 打击非幕府的武装力量, 故 D 项正确。A 项不符合基本史实, B 项过于表面, C 项题干中未体现。
英国首相 1898 年说: "大国的斗争已经不再像 1830 年或者甚至 1860 年那样 - - 只限于欧洲问题, 而是牵涉到遍布全球的市场和领土问题"。主要表现为
A. 自由竞争、商品输出
B. 资本输出、加强垄断C. 推销机器、掠夺资源 
D.技术封锁、关税壁垒

解答：本题主要考查资本主义世界经济体系的形成，1898 年世界已经进入资本输出阶段,资本主义世界市场已经形成，世界已经基本上瓜分完毕，因此各国在世界市场上的竞争进入存量阶段而日益激烈，加强垄断是各国必然的选择，故选 B。
到 1944 年，美国有 100 万黑人进入制造业工作，其中 30 万是妇女，大量黑人还参加反法西斯战争，这说明
A. 种族就业隔离正式废除
B. 黑人走上了武装抗暴道路
C. 黑人民权运动逐渐高涨
D. 美国女性获得选举权

解答：本题主要考查黑人民权问题，在 1944 年，二战这个特殊的时间节点上,由于战争的需要, 美国政府迫不得已让大量黑人参军与参加工作以满足前线的需要, 黑人民权运动逐渐高涨即是结果也是原因, 故选 $\mathrm{C}$ 。种族就业隔离正式废除在 20 世纪 60 年代后, 故 A 错误; 材料并未体现黑人武装争取权力, 故 B 错误; 1920 年, 美国妇女获得了选举权, 故 D 错误
1959 年, 艾森豪威尔邀请赫鲁晓夫访问美国, 会谈中, 美国拒绝苏联提出的裁军议题, 苏联拒绝美国提出的核武器议题, 但双方就柏林问题举行四国首脑会议, 这表明
A. 多极化趋势冲击两极格局
C.美苏意图共同终结冷战
B. 冷战进入苏攻美守阶段
D.美苏在对抗中寻求平衡

解答：本题主要考查冷战史, 1959 年冷战逐渐进入高潮, 但是美苏之间依旧维持着必要的互动, 以防止局势无序升级, 在对抗中寻求平衡, 故选 D。多极化趋势还未产生, A 错误。美苏没有意图终结冷战, C 错误。 20 世纪 70 年代才是苏攻美守阶段, $\mathrm{B}$ 错误。
二战后, 列维-斯特劳斯对存在主义哲学提出批判, 他所代表的哲学思潮被称为
A. 结构主义
B. 理性主义
C. 科学哲学
D. 现代解释学

解答：本题考查现代思想的基本史实，列维-斯特劳斯代表的是结构主义思潮，故选 A
油价上涨 $5 \%$ 后, 加一箱油比原来多花 20 元; 一个月后油价下降 $4 \%$, 则现在加一箱油需要花 ( ) 元.
(A) 384
(B) 401
(C) 402.8
(D) 403.2
(E) 404

解答：设原来加一箱油需要花 $x$ 元, 油价上涨 $5 \%$ 后, 多花 20 元, 可列式
$$
5 \% x=20 \Rightarrow x=400 \text {, }
$$

因此涨价后一箱油需要 420 元, 一个月后油价下降 $4 \%$, 则所需花费为 $420 \times(1-4 \%)=403.2$元

因此答案为：D
已知甲、乙两公司的利润之比为 $3: 4$, 甲、丙两公司的利润之比为 $1: 2$. 若乙公司的利润为 3000 万元, 则丙公司的利润为 ( ) 万元.
(A) 5000
(B) 4500
(C) 4000
(D) 3500
(E) 2500

解答：由题意可得, 甲:乙 $=3: 4$, 甲:丙 $=1: 2$, 根据甲的量进行比例统一, 可得甲:乙:丙 $=3: 4: 6$.由乙公司的实际利润为 3000 万元, 可知 4 份代表 3000 , 每份代表 750 , 则丙公司的利润为 $6 	imes 750=4500$ （万元）.

因此答案为：B
一个分数的分母和分子之和为 38 , 其分子分母都减去 15 , 约分后得到 $\frac{1}{3}$, 则这个分数的分母与分子之差为 ( ).
(A) 1
(B) 2
(C) 3
(D) 4
(E) 5

解答：方法一: 设分子为 $x$, 分母为 $38-x$, 根据题意可得 $rac{x-15}{38-x-15}=rac{1}{3}$, 解得 $x=17$,
分母 $=38-17=21$,
则分子分母之差为 $21-17=4$.
方法二：当这个分数的分子与分母都减去 15 之后，分子与分母之和为 $38-15 	imes 2=8$; 约分后得到 $rac{1}{3}$, 可得分子与分母的份数之和为 $1+3=4$, 显然约分时约去了 2 倍. 即分子为 2 , 分母为 6 ,
分子分母之差为 4 , 都加上 15 之后, 原分子分母之差不变, 故原来这个分数的分母与分子之差也为 4 .

因此答案为：D
某公司财务部有男员工 2 名, 女员工 3 名; 销售部有男员工 4 名, 女员工 1 名. 现要从中选出 2 男 1 女组成工作小组, 并要求每个部门至少有 1 名员工人选, 则工作小组的不同构成方式有 ( ) 种.
(A) 24
(B) 36
(C) 50
(D) 51
(E) 68

解答：方法一: 从反面考虑.反面为 2 男 1 女全部来自于财务部或者全部来自于销售部.任选 2 男 1 女的总的情况数为 $\mathrm{C}_{6}^{2} \mathrm{C}_{4}^{1}$, 全部来自于财务部的情况数为 $\mathrm{C}_{2}^{2} \mathrm{C}_{3}^{1}$, 全部来自于销售部的情况数为 $\mathrm{C}_{4}^{2} \mathrm{C}_{1}^{1}$.因此正面情况为 $\mathrm{C}_{6}^{2} \mathrm{C}_{4}^{1}-\mathrm{C}_{2}^{2} \mathrm{C}_{3}^{1}-\mathrm{C}_{4}^{2} \mathrm{C}_{1}^{1}=60-3-6=51$ （种）.

因此答案为：D
甲、乙两人从同一地点出发, 甲先出发 10 分钟, 若乙跑步追赶甲, 则 10 分钟可追上; 若乙骑车追赶甲, 每分钟比跑步多行 100 米, 则 5 分钟可追上, 那么甲每分钟走的距离为 ( ) 米.
(A) 50
(B) 75
(C) 100
(D) 125
(E) 150

解答：设甲的速度为 $v_{1}$ 米/分钟, 乙跑步的速度为 $v_{2}$ 米/ 分钟, 则甲先出发 10 分钟后, 甲乙两人之间的距离为 $10 v_{1}$ 米.根据乙两次追及的时间不同, 可列方程组为 $\left\{egin{array}{l}\left(v_{2}-v_{1}ight) 	imes 10=10 v_{1}, \ \left(100+v_{2}-v_{1}ight) 	imes 5=10 v_{1},\end{array}ight.$, 解得 $v_{1}=100$ 米 / 分钟.

因此答案为：C
由于疫情防控, 电影院要求不同家庭之间至少间隔一个座位, 同一家庭的成员座位要相连. 两个家庭看电影, 一家 3 人, 一家 2 人, 现有一排 7 个相连的座位, 则符合要求的坐法有 ( ) 种。
(A) 36
(B) 48
(C) 72
(D) 144
(E) 216

解答：由于每个家庭的成员之间采用捆绑法, 捆绑元素内部排序为 $\mathrm{A}_{3}^{3} \mathrm{~A}_{2}^{2}$;还剩下两个空発子, 由于两个家庭之间不能相邻, 采用插空法, 空発子中间形成 3 个空,因此插空排序为 $\mathrm{A}_{3}^{2}$; 故符合要求的坐法为 $\mathrm{A}_{3}^{2} \mathrm{~A}_{3}^{3} \mathrm{~A}_{2}^{2}=72$ （种）.

因此答案为：C
方程 $x^{2}-3|x-2|-4=0$ 的所有实根之和为 ( ).
(A) -4
(B) -3
(C) -2
(D) -1
(E) 0

解答：当 $x \geq 2$ 时, 方程化为 $x^{2}-3(x-2)-4=x^{2}-3 x+2=0$, 解得 $x=1$ (舍去) 或 $x=2$;当 $x<2$ 时, 方程化为 $x^{2}-3(2-x)-4=x^{2}+3 x-10=0$, 解得 $x=2$ （舍去）或 $x=-5$.故方程的所有实根之和为 $-5+2=-3$.

因此答案为：B
跳水比赛中, 裁判给某选手的一个动作打分, 其平均值为 8.6 , 方差为 1.1 , 若去掉一个最高得分 9.7 和一个最低得分 7.3 , 则剩余得分的 ( ).
(A)平均值变小, 方差变大
(B)平均值变小, 方差变小
(C)平均值变小, 方差不变
(D) 平均值变大, 方差变大
(E)平均值变大, 方差变小

解答：去掉一个最高得分和一个最低得分后, 整体得分的极差在变小, 故方差变小;最高分比平均分高 9.7-8.6=1.1（分）, 最低分比平均分低 $8.6-7.3=1.3$ （分）, $1.3>1.1$.显然将最高分和最低分同时去掉, 平均分将比之前提高.

因此答案为：E
设 $x$ 为正实数, 则 $\frac{x}{8 x^{3}+5 x+2}$ 的最大值为 ( ).
(A) $\frac{1}{15}$
(B) $\frac{1}{11}$
(C) $\frac{1}{9}$
(D) $\frac{1}{6}$
(E) $\frac{1}{5}$

解答：原代数式可化为 $\frac{1}{8 x^2+\frac{2}{x}+5}$, 分母应用均值不等式, 得
$$
8 x^2+\frac{2}{x}+5=\frac{1}{x}+\frac{1}{x}+8 x^2+5 \geq 3 \sqrt[3]{\frac{1}{x} \cdot \frac{1}{x} \cdot 8 x^2}+5=11 .
$$

故分母最小值为 11 , 因此代数式的最大值为 $\frac{1}{11}$

因此答案为：B
快递员收到 3 个同城快递任务, 取送地点各不相同, 取送件可穿插进行, 不同的送件方式有 ( ) 种.
(A) 6
(B) 27
(C) 36
(D) 90
(E) 360

解答：假设三个取件地点分别为 $A 、 B 、 C$, 三个对应的送件地点分别为 $\mathrm{a} 、 \mathrm{~b} 、 \mathrm{c}$.方法一：快递员送完所有快递需要将上述六个地点全部经过, 因此经过六个地点的全部顺序为 $\mathrm{A}_{6}^{6}$.但实际情况需要先取快递再送快递, 因此相同字母之间一定是大写字母在前, 小写字母在后,顺序固定, 需要消序, 故不同的情况数有 $rac{\mathrm{A}_{6}^{6}}{\mathrm{~A}_{2}^{2} \mathrm{~A}_{2}^{2} \mathrm{~A}_{2}^{2}}=90$ （种）.
方法二：在六个地点选两个作为 $\mathrm{A}$ 和 $\mathrm{a}$, 其中取件点在前, 送件点在后, 不用考虑顺序, 方法数为 $\mathrm{C}_{6}^{2}$; 从剩下四个地点选两个作为 $\mathrm{B}$ 和 $\mathrm{b}$, 方法数为 $\mathrm{C}_{4}^{2}$, 最后两个地点作为 $\mathrm{C}$ 和 $\mathrm{c}$,方法数为 $\mathrm{C}_{2}^{2}$, 总方法数为 $\mathrm{C}_{6}^{2} \mathrm{C}_{4}^{2} \mathrm{C}_{2}^{2}=90$ (种).

因此答案为：D
爱因斯坦思想深刻、思维创新。他不仅是一位伟大的科学家, 还是一位思想家和人道主义者,同时也是一位充满个性的有趣人物。他一生的经历表明, 只有拥有诙谐幽默、充满个性的独立人格, 才能做到思想深刻、思维创新。根据以上陈述, 可以得出以下哪项?
(A) 有的思想家不是人道主义者。
(B)有些伟大的科学家拥有诙谐幽默、充满个性的独立人格。
(C)科学家一旦诙谐幽默、充满个性, 就能做到思想深刻、思维创新。
（D）有些人道主义者诙谐幽默、充满个性，但做不到思想深刻、思维创新。
(E)有的思想家做不到诙谐幽默、充满个性，但能做到思想深刻、思维创新。

解答：题干既有假言命题, 又有性质命题, 但皆可表示为箭头, 故可当作假言串联模型解题。同时, 题干条件符合双 A 串联公式。
第 1 步: 画箭头。(1)爱因斯坦 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新。(2)爱因斯坦 $ightarrow$ 科学家 $\wedge$ 思想家 $\wedge$ 人道主义者 $\wedge$ 充满个性的有趣人物。(3)思想深刻、思维创新 $ightarrow$ 诙谐幽默、充满个性。
第 2 步: 串联。串联(1)和(3)可得： (4)爱因斯坦 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新 $ightarrow$ 诙谐幽默、充满个性。
第 3 步: 分析选项, 找答案。
A 项, 由(2)可知, 有的思想家是人道主义者, 与此项是下反对关系, 一真另不定, 故此项可真可假。
B 项, 条件(2)和(4), 符合双 A 串联公式, 即: 由(2)可得：有的科学家 $ightarrow$ 爱因斯坦, 从而与(4)串联得: (5)有的科学家 $ightarrow$ 爱因斯坦 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新 $ightarrow$ 诙谐幽默、充满个性。故此项为真。
C 项, 诙谐幽默、充满个性 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新, 根据箭头指向原则, 由(3)可知, 此项不符合题干。
D 项, 条件(2)和(4), 符合双 A 串联公式, 即: 有的人道主义者 $ightarrow$ 爱因斯坦 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新 $ightarrow$ 诙谐幽默、充满个性。故可知, 有的人道主义者思想深刻、思维创新, 与“有的人道主义者做不到思想深刻、思维创新”是下反对关系, 故此项可真可假。$\mathrm{E}$ 项, 条件(2)和(4), 符合双 A 串联公式, 即: 有的思想家 $ightarrow$ 爱因斯坦 $ightarrow$ 思想深刻、思维创新 $ightarrow$ 诙谐幽默、充满个性。故可知, 有的思想家诙谐幽默、充满个, 与“有的思想家做不到诙谐幽默、充满个性”是下反对关系, 故此项可真可假。

因此答案为：B
处理餐时垃圾的传统方式主要是厌氧发酵和填埋, 前者利用垃圾产生的沼气发电, 投资成本高;后者不仅浪费土地, 还污染环境。近日, 某公司尝试利用蟙螂来处理垃圾。该公司饲养了 3 亿只“美洲大蠊”蟑螂, 每天可以吃掉 15 吨餐厨垃圾。有专家据此认为, 用“蟑螂吃掉垃圾”这一生物处理方式解决餐厨垃圾, 既经济又环保。


以下哪项如果为真, 最能质疑上述专家的观点?
(A)餐㕌垃圾经发酵转化为能源的处理方式已被国际认可，我国这方面的技术也相当成熟。
(B)大量人工养殖后, 很难保证蟑螂不逃离控制区域, 而一旦蟑螂逃离, 则会危害周边生态环境。
(C) 政府前期在工厂土地划拨方面对该项目给予了政策扶持，后期仍需进行公共安全检测和环境评估。
(D)我国动物蛋白饲料非常缺乏, 1 吨蟑螂及其所产生的卵鞘, 可产生 1 吨昆虫蛋白饲料, 饲养蟑螂将来盈利十分可观。
(E)该公司正在建设新车间, 竣工后将能饲养 20 亿只蟑螂, 它们虽然能吃掉全区的餐厥垃圾,但全市仍有大量餐厨垃圾需要通过传统方式处理。

解答：题干：该公司饲养了 3 亿只美洲大蟑螂, 每天可吃掉 15 吨餐厨垃圾 $\longrightarrow$ 证明 用“蟑螂吃掉垃圾”这一生物处理方式解决餐厨垃圾, 既经济又环保。“蟙螂吃掉垃圾” 是一种措施, “解决餐厨垃圾, 既经济又环保” 是一种目的, 可知此题为措施且的模型。
A 项, 无关选项, 该项指出发酵转化处理厨房垃圾是被国际认可且可行的, 与题干的措施“蟑螂吃掉垃圾”无关 (干扰项·转移话题) 。
B 项，此项说明该种措施会危害周围环境，达不到题干中“环保”这一目的，可以削弱。
C 项, “后期仍需进行公共安全检测和环境评估”就可能出现两种结果: (1)评估没问题, 则支持题干; (2)评估有问题，则削弱题干（干扰项·两可选项）。
D 项，此项说明饲养蟑螂可以带来收益，支持题干中的措施。
$E$ 项, “它们虽然能吃掉全区的餐厨垃圾”, 说明该措施是有效的, 支持题干 (干扰项- 明否暗肯）。

因此答案为：B
记者：贵校是如何培养创新型人才的?

受访者: 大学生踊跃创新创业是我校的一个品牌。在相关课程学习中, 我们注重激发学生创业的积极性, 引导学生想创业; 通过实训、体验, 让学生能创业; 通过学校提供专业化的服务,帮助学生创成业。在高校创业者收益榜中, 我们学校名列榜首。

以下哪项最可能是上述对话中受访者论述的假设?
(A)不懂创新就不懂创业。
(B)创新能力越强, 创业收益越高。
(C)创新型人才培养主要是创业技能的培训和提升。
(D) 培养大学生创业能力只是培养创新型人才的任务之一。
(E)创新型人才的主要特征是具有不拘陈规、勇于开拓的创新精神。

解答：记者: 贵校是如何培养创新型人才的?受访者首先表明“大学生踊跃创新创业是我校的一个品牌”, 继而介绍了学校在培养创业技能方面做的工作。可见, 记者提问的是“培养创新型人才”, 而受访者回答的是“创新创业”, 二者不一致, 故此题为拆桥搭桥模型。
$A$ 项, 7 懂创新 $ightarrow 7$ 懂创业, 即: 懂创业 $ightarrow$ 懂创新; 题干论证不涉及“懂创新”和“懂创业”之间的关系。
B 项，无关选项，题干不涉及创新能力对创业收益的影响。
C 项，搭建了“培养创新型人才”与“创新创业培训”的桥梁，故必须假设。
D 项，不必假设，即使培养大学生创业能力是培养创新型人才的全部任务也符合题干。
$E$ 项，无关选项，题干不涉及创新型人才的特征。

因此答案为：C
某部门抽检了肉制品、白酒、乳制品、干果、蔬菜、水产品、饮料等 7 类商品共 521 种样品，发现其中合格样品 515 种, 不合格样品 6 种。已知:

(1) 蔬菜、白酒中有 2 种不合格样品。

(2) 肉制品、白酒、蔬菜、水产品中有 5 种不合格样品。

(3) 蔬菜、乳制品、干果中有 3 种不合格样品。

根据上述信息, 可以得出以下哪项?
(A)乳制品中没有不合格样品。
(B) 肉制品中没有不合格样品。
(C) 蔬菜中没有不合格样品。
(D) 白酒中没有不合格样品。
(E) 水产品中没有不合格样品。

解答：题干中给出几组数量关系, 故此题为数量关系模型。
由（1）和（2）可知:（4）肉制品、水产品中有 3 种不合格样品。
由（3）和（4）结合可知, 蔬菜、乳制品、干果、肉制品、水产品中共有有 6 种不合格样品。因此, 抽检发现的 6 种不合格的样品均出自蔬菜、乳制品、干果、肉制品、水产品, 故白酒和饮料中没有不合格样品。D 项正确