Дифференциальные уравнения

Задача №1



Даны вершины треугольника АВС.

Найти: 1) длину стороны АВ; 2) уравнения сторон АВ и АС и их угловые коэффициенты; 3) внутренний угол А в радианах с точностью до 0,01; 4) уравнение высоты CD и ее длину; 5) уравнение окружности, для которой высота CD есть диаметр; 6) систему линейных неравенств, определяющих треугольник АВС.



А(-7;5), В(5;-4), С(3;10).



Решение



1. Расстояние d между точками M1(x1;у1) и М2(х2;у2) определяется по формуле:







Подставив в эту формулу координаты точек А и В имеем:







2. Уравнение прямой, проходящей через точки М1(х1;у1) и М2(х2;у2), имеет вид:







Подставив в формулу (2) координаты точек А и В, получим уравнение прямой АВ:







Для нахождения углового коэффициента kab прямой АВ разрешим полученное уравнение относительно у:







Отсюда



kab = - 3/4.



Подставив в формулу (2) координаты точек А и С, найдем уравнение прямой АС.







Для нахождения углового коэффициента kaс прямой АС разрешим полученное уравнение относительно у:







Отсюда



kaс = 1/2.

3. Угол α между двумя прямыми, угловые коэффициенты которых равны k1 и k2, определяется по формуле:







Угол А, образованный прямыми АВ и АС, найдем по формуле (3), подставив в нее



k1= kab = -3/4, k2 = kac = 1/2.







< А = arctg 2 = 1,11 рад.



4. Так как высота CD перпендикулярна стороне АВ, то угловые коэффициенты этих прямых обратны по величине и противоположны по знаку, т.е.







Уравнение прямой, проходящей через данную точку М1(х1;у1) в заданном угловом коэффициенте k имеет вид:



у – у1 = k(х – х1).(4)



Подставив в формулу (4) координаты точки С и kcd = 4/3, получим уравнение высоты CD:


у – 10 = 4/3(х – 3) , у – 10 = 4/3х – 4 , 4х – 3у + 18 = 0. (CD)



Для нахождения длины CD определим координаты точки D, решив систему уравнений (АВ) и (СD):







Подставив в формулу (1) координаты точек C и D, находим:



СD= √(-3 -3)2 + (2 -10)2 = √36 + 64 = 10 .



5. Уравнение окружности радиуса R с центром в точке E(a;b) имеет вид:



(х – а)2 + (у – b)2 = R2 (5)



Так как СD является диаметром искомой окружности, то ее центр Е есть середина отрезка CD. Воспользовавшись формулами деления отрезка пополам, получим:







Следовательно E(0;6) и R = CD/2 = 5. Используя формулу (5), получим уравнение искомой окружности:



(х – 0)2 + (у – 6)2 = 25, х2 + (у – 6)2 = 25.



6. Множество точек треугольника АВС есть пересечение трех полуплоскостей, первая из которых ограничена прямой АВ и содержит точку С, вторая прямая ВС и содержит точку А, а третья ограничена прямой АС и содержит точку В. Для получения неравенства, определяющего полуплоскость, ограниченную прямой АВ и содержащую точку С, подставим в уравнение прямой АВ координаты точки С:



3* 3+ 4*10 +1 = 50 > 0.



поэтому искомое неравенство имеет вид:



3х + 4у +1 ≥ 0.



Для составления неравенства, определяющего полуплоскость, ограниченную прямой ВС и содержащую точку А, найдем уравнение прямой ВС, подставив в формулу (2) координаты точек В и С:







Подставив в последнее уравнение координаты точки А, имеем:



7* (- 7) + 5 – 31 = - 75 < 0.



Искомое неравенство будет



7х + у – 31 ≤ 0.



Подобным образом составим неравенство, определяющее полуплоскость, ограниченную прямой АС и содержащую точку В:



5 – 2(- 4) + 17 = 30 > 0.


Третье искомое неравенство



х – 2у + 17 ≥ 0.



Итак, множество точек треугольника АВС определяется системой неравенств:







Задача №2



Даны векторы a1 , a2 , a3 , b . Показать, что векторы a1 , a2 , a3 образуют базис трехмерного пространства и найти координаты вектора b в этом базисе.



a1(5;3;1) , а2(-2;-1;2) , а3(-2;1;4) , b(3;0;1)



Решение



1. Система векторов  в пространстве Rn линейно независима тогда и только тогда, когда отличен от нуля определитель, строками (столбцами) которого являются координаты векторов системы:







Подставив в формулу (1) координаты векторов a1 , a2 , a3 найдем определитель:






Так как определитель не равен нулю, то данные три вектора являются линейно независимыми. Соответственно они образуют базис трехмерного пространства.

2. Вычислим координаты вектора b в новом базисе. А – матрица перехода.



b = А * bnew



Нам необходимо определить координаты bnew.



bnew = A-1 * b(2)



Для нахождения обратной матрицы применяется формула







Необходимо найти все элементы для составления обратной матрицы:



 



Подставляем полученные элементы в формулу (3) и найдем А-1:






Подставив значения А-1 и вектора b в формулу (2), найдем координаты вектора b в новом базисе:







Задача №3



Систему уравнений записать в матричной форме и решить ее с помощью обратной матрицы:







Решение



Обозначим через матрицу А – матрицу коэффициенты при неизвестных; Х – матрицу-столбец неизвестных Х, У, Z; H – матрицу-столбец свободных членов:







С учетом этих обозначений данная система уравнений принимает следующую матричную форму:

А*Х = Н(1)



Если матрица А – невырожденная (ее определитель Δ отличен от нуля), то она имеет обратную матрицу А-1. Умножив обе части уравнения (1) на А-1, получим:



А-1 * А * Х = А-1 * Н



Но А-1 * А = Е (Е- единичная матрица), а ЕХ = Х, поэтому



Х = А-1 * Н(2)



Равенство (2) называется матричной записью решения системы линейных уравнений. Для нахождения решения системы уравнений необходимо вычислить обратную матрицу А-1.

Пусть имеем невырожденную матрицу







где Аij (i=1,2,3; j=1,2,3) – алгебраическое дополнение элемента аij в определителе матрицы А, которое является произведением (- 1)ij на минор (определитель) второго- порядка, полученный вычеркиванием i-строки и j-столбца в определителе матрицы А.

Вычислим определитель Δ и алгебраические дополнения Аij элементов матрицы А.





Следовательно матрица А имеет обратную матрицу А-1.







Тогда







По формуле (2) находим решение данной системы уравнений в матричной форме:







Отсюда



х = - 1; у = 1; z = 0.



Задача №4



Вычислить пределы.






Решение



а) Подстановка предельного значения аргумента х = 3 приводит к неопределенному выражению вида .

Для устранения этой неопределенности разложим числитель и знаменатель дроби на множители и сократим на множитель (х – 3). Такое сокращение здесь возможно, так как множитель (х – 3) отличен от нуля при х →3:







б) При х→∞ выражение  дает неопределенность вида  . Для устранения  этой неопределенности применим правило Лопиталя. Для разыскания предела отношения двух функций, бесконечно больших при х→∞, можно рассматривать отношение их производных .Если оно стремится к пределу (конечному или бесконечному), то к тому же пределу стремится и отношение  .






в) Обозначим arctg 3х = у. Тогда 3х = tg у и у→0 при х→0. Применяя свойства пределов и формулу первого замечательного предела lim sin α/ α = 1, имеем:







г)При х→∞ выражение является неопределенностью вида 1∞. Для устранения этой неопределенности представим основание степени в виде суммы 1 и бесконечно малой при х→∞ величины и применим формулу второго замечательного предела:







Тогда имеем:







Пусть 3х – 1 = - у . Тогда 6х + 4 = - 2у + 6 и у→ -∞ при х→∞. Переходя к переменной у, получим:







Задача №5



Найти производные функций:





Решение



а) Последовательно применяя правило дифференцирования сложной функции, правила и формулы дифференцирования, имеем:







в) В данном случае функциональная зависимость задана в неявном виде. Для нахождения производной у′ нужно продифференцировать по переменной х обе части уравнения, считая при этом у функцией от х, а затем полученное уравнение разрешить относительно у′ .



3у2у′ + еху (у + ху′) = 0, 3у2у′ + уеху + хеху у′ = 0,



Из последующего уравнения находим у′:



у′ (3у2 + хеху) + уеху = 0, 




Задача №6



Исследовать функцию методами дифференциального исчисления и построить ее график. Исследование функции рекомендуется проверить по следующей схеме:

1) найти область определения функции;

2) исследовать функцию на непрерывность;

3) определить, является ли данная функция четной, нечетной;

4) найти интервалы возрастания и убывания функции и точки ее экстремума;

5) найти интервалы выпуклости и вогнутости графика функции и точки перегиба;

6) найти асимптоты графика функции.



Решение



1. Функция определена при всех значениях аргумента х.

2. Данная функция является элементарной, поэтому она непрерывна на своей области определения, т.е. на интервале (- ∞; ∞).

3. Для установления четности и нечетности функции проверим выполнимость равенств f(- х) = f( х) (тогда f( х) – четная функция) или f(-x) = - f(х) (для нечетной функции) для любых х и – х из области определения функции:







Следовательно, f(-х) ≠ f(x) и f(-х) ≠ -f(х), то есть данная функция не является ни четной, ни нечетной.

4. Для исследования функции на экстремум найдем ее первую производную:







у′ = 0 при х1 = - 3, х2 = 3. Тем самым имеем две критические точки, обе принадлежать области определения функции.

Разобьем числовую ось на три интервала: (- ∞; - 3), (- 3; 3), (3; ∞).







В первом и третьем интервалах первая производная отрицательна, следовательно, здесь функция убывает, во втором интервале – положительна и данная функция возрастает. При переходе через точку х = -3 первая производная меняет свой знак с минуса на плюс, поэтому в этой точке функция имеет минимум:



уmin = у(-3) = 0



Значит, А(-3;0) – точка минимума.

При переходе через точку х = 3 первая производная меняет свой знак с плюса на минус, поэтому в этой точке функция имеет максимум:



уmax = у(3) = 2



Значит, В(3;2) – точка максимума.

На рис. 1 знаками +, - указаны интервалы знакопостоянства производной у′, а стрелками – возрастание и убывание исследуемой функции.

5. Для определения точек перегиба графика и интервалов выпуклости и вогнутости кривой найдем вторую производную:







у′′ = 0 при х1 = 0, х2 = - 3√3 , х3 = 3√3.



Разобьем числовую ось на четыре интервалы: (-∞;-3√3), (-3√3 ;0), (0;3√3), (3√3 ; ∞).





рис.2



На первом, втором и четвертом интервалах вторая производная у′′ положительна и дуга исследуемой кривой вогнута; на третьем интервале у′′ отрицательна – дуга выпукла.

При переходе через точки х = 0 у′′ меняет свой знак, поэтому х= 0 – абсцисса точки перегиба.

Следовательно С(0;1) – точка перегиба графика функции.

При переходе через точку х = 3√3 у′′ меняет свой знак, поэтому х= 3√3 - абсцисса точки перегиба.

Следовательно – точка перегиба графика функции.

6. Так как точек разрыва у данной функции нет, соответственно вертикальной асимптоты она не имеет. Для определения уравнения наклонной асимптоты у=kx + b воспользуемся формулами:







Тогда











При вычислении пределов использовалось правило Лопиталя.



у=kx + b, у= 0*х + 1 = 1



Значит прямая у=1 есть горизонтальная асимптота графика исследуемой функции.





рис. 3




Задача №7



Найти неопределенные интегралы и результаты интегрирования проверить дифференцированием.

				

				

				

				Решение

				

				а) Применяя свойства неопределенного интеграла и формулы табличных интегралов имеем:

					

					

					

					Задача №8

					

					Вычислить объем тела, образованного вращением оси ОХ фигуры, ограниченной линиями ху=4; х=1; х=4; у=0. Сделать чертеж.

					

					Решение

					

					

					Объем тела, образованного вращением оси ОХ фигуры, ограниченной линиями определяется по формуле:

				

				

				

				Подставим в формулу (1) у = 4/х, х1 = 1, х2 = 4, получим:







Ответ: объем тела вращения равен 12π