Билеты по геометрии

Билеты по геометрии



БИЛЕТ   1

А1  Какова бы ни была  плоскость, существуют точки принадлежащие этой плоскости

                               и точки, не принадлежащие ей.

А2  Если две различные плоскости имеют общую точку, то они пересекаются по прямой.      

А3 Если две различные прямые имеют общую точку, то ч/з них можно провести плоскость, и притом только одну.



БИЛЕТ   2

ОПРЕДЕЛЕНИЕ. Две прямые в пространстве называются параллельными, если они лежат в одной плоскости и не пересекаются.

ТЕОРЕМА. Через точку пространства, не лежащую на данной прямой, проходит прямая, параллельная данной, и притом  только одна.

  Док-во:  проведем ч/з а и М плоскость , а ч/з М в плоскости  прямую    b  a. Докажем, что b  a единственна.

Допустим, что существует другая прямая b2  a, и проходящая ч/з т.М. Через b2 и а можно провести плоскость 2, которая проходит ч/з М и а, след-но, по Т.14.1(ЧЕРЕЗ ПРЯМ. И ТОЧКУ НЕ ЛЕЖ. НА ЭТОЙ ПРЯМОЙ МОЖНО ПРОВЕСТИ ПЛОСКОСТЬ И ПРИТОМ ТОЛЬКО ОДНУ) она совпадает с . По аксиоме о параллельных прямых b2 и а совпадают.         Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   3

ОПРЕДЕЛЕНИЕ. Прямая и плоскость называются параллельными, если они не имеют общих точек.

ТЕОРЕМА. Если прямая, не принадлежащая плоскости, параллельна какой-нибудь прямой в этой плоскости, то она параллельна и  самой плоскости.

Док-во: Пусть -плоскость, а - не лежащая в ней прямая и а1 - прямая в плоскости ,параллельная прямой а.



Проведем плоскость 1 ч/з прямые а и а1.

Она отлична от , т.к. прямая а не лежит в плоскости . Плоскости  и 1 пересекаются по прямой а1. Если бы прямая а пересекала плоскость , то точка пересечения принадлежала бы прямой а1. Но это невозможно, т.к. прямые а и а1 параллельны. Итак, прямая а не пересекает плоскость , а значит, параллельна плоскости .        Ч.Т.Д.

   

БИЛЕТ   4

ОПРЕДЕЛЕНИЕ. Две плоскости называются параллельными, если они не пересекаются.

ТЕОРЕМА. Если две пересекающиеся прямые одной плоскости соответственно параллельны двум прямым другой плоскости, то эти плоскости параллельны.



Док-во: Рассмотрим две плоскости  и . В плоскости  лежат       пересекающиеся в т.М прямые a и b,  а в  -  прямые а1 и b1,  причем а  а1 и b  b1.

Докажем, что плоскоскоти  и  не параллельны. Тогда они перес.         по прямой с. Мы получили, что плоскость  проходит ч/з прямую  а, параллельную плоскости , и пересекает плоскость  по прямой с. Отсюда следует, что а  с.

   Но плоскость  проходит также ч/з прямую b, параллельную плоскости . Поэтому b   с. Таким обр. ч/з т.М проходят две прямые а и b,   с. Но это невозможно, т.к. по теореме о параллельных прямых ч/з т. М проходит только 



БИЛЕТ   5

Если две параллельные плоскости пересечены третьей, то линии их пересечения параллельны.



Для док-ва данного св-ва рассмотрим прямые а и b , по которым параллельные плоскости  и  пересекаются с плоскостью . Докажем, что а  b.

Эти прямые лежат в одной плоскости () и  не пересекаются. В самом деле, если бы прямые а и b пересекались, то пл.  и  имели бы общ. точку, что невозможно, т.к.   . Итак, прямые а и b лежат в одной плоскости и не пересекаются, а  b.

2. Vпирамиды= 1/3*Sосн.*H



БИЛЕТ   6

Отрезки параллельных прямых, заключенные м/у параллельными плоскостями, равны.





Для док-ва рассмотрим отрезки АВ и СD двух параллельных прямых, заключенные м/у параллельными плоскостями  и . Докажем, АВ=СD. Плоскость , проходящая ч/з параллельные прямые АВ и СD, пересекается с плоскостями  и  по параллельным прямым АС и ВD. Таким образом, в четырехугольнике ABDC противолеж. стор. паралл., т.е. ABDC-параллел-м

Но в пар-ме прот. леж. стороны равны, значит AB=CD.

Sп.п.=2R(H+R)



БИЛЕТ   7

Сформулируем основные св-ва параллельного проектирования при условии, что проектируемые отрезки и прямые не параллельны прямой L.

10 Проекция прямой есть прямая.

20 Проекция отрезка есть отрезок.

30  Проекции параллельных отрезков - параллельные отрезки или отрезки, принадлеж.

одной прямой.

40 Проекции параллельных отрезков, а также проекции отрезков, лежащих на одной прямой, пропорциональны самим отрезкам.



Из св-ва 40 следует, что проекция середины отрезка есть середина проекции отрезка.



БИЛЕТ   8

Определение. Прямая называется перпендикулярной к плоскости, если она перпендикулярна к любой прямой, лежащей в этой плоскости.

ТЕОРЕМА: Если прямая перпендикулярна к двум пересекающимся прямым, лежащим в плоскости, то она перпендикулярна к этой плоскости.



БИЛЕТ   9

ТЕОРЕМА: Прямая, проведенная в плоскости ч/з основание наклонной перпендикулярно к ее проекции на эту плоскость, перпендикулярна и к самой наклонной

Док-во: AH - перпенд. к плоскости , AM -  наклонная, а – прямая проведенная в плоск.  ч/з точку M перпенд к проекцииHM наклонной.

    Рассмотрим плоск. AMH. Прямая аэтой плоскости, т.к. она  к двум пересекающимся прямым AH и MH. Отсюда след. что прямая а перпендикулярна к любой прямой, лежащей в плоскости AMH, в частности аAM.                               Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   10

ТЕОРЕМА: Если одна из двух параллельных прямых перпендикулярна к плоскости, то и другая прямая перпендикулярна к этой плоскости.





Док-во: Рассмотрим две параллельные прямые а и а1 и плоскость , такую, что а. Докажем, что и а1.

 Проведем какую-нибудь прямую х в плоскости .

Так как а, то ах. Таким образом, прямая а1 перпендикулярна к любой прямой, лежащей в плоскости , т.е. а1.    Ч.Т.Д.

Vпаралл-да=abc=Sосн.*H



БИЛЕТ   12

ОПРЕДЕЛЕНИЕ: Две пересекающиеся плоскости называются перпендикулярными, если угол м/у ними равен 900.

ТЕОРЕМА: Если одна из двух плоскостей проходит ч/з прямую,перпендикулярную к др.

плоскости, то такие плоскости перпендикулярны.

Док-во: Рассмотрим плоскости  и  такие, что плоскость  проходит ч/з прямую АВ, перпендикулярную к плоскости  и пересекающуюся с ней в точке А. Докажем, что . Плоскости  и  пересекаются по прямой АС, причем АВАС, Т.к. по усл. АВ, и, значит, прямая АВ к любой прямой, лежащей в плоскости .

  Проведем в плоскости  прямую  АD,АС. Тогда BAD - линейный угол двугранного угла, образованного при пересечении плоскостей  и . Но BAD=900 (т.к. AB). След-но, угол м/у плоскостями  и  равен 900, т.е. .      Ч.Т.Д.

Sбок=P*a (а - бок. ребро, Р-периметр)



БИЛЕТ   11

ТЕОРЕМА: Если две прямые перпендикулярны плоскости, то они параллельны.

Док-во: Рассмотрим прямые а и b, перпендикулярные к плоскости . Докажем, что аb.

Через какую-нибудь точку М прямой  проведем прямую 1, параллельную прямой . Докажем, что прямая 1 совпадает с прямой . Тем самым будет доказано, что  . Допустим, что прямые  и 1 не совпадают. Тогда в плоскости , содержащей прямые  и 1, ч/з точку М проходят две прямые, перпендикулярные к прямой , по которой пересекаются плоскости  и . Но это невозможно, след-но,  .        Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   13

ОПРЕДЕЛЕНИЕ:  Расстояние м/у одной из скрещивающихся прямых и плоскостью, проходящей ч/з другую прямую параллельно первой, называется расстоянием м/у скрещивающимися прямыми.

Sполн=Sбок+2Sосн        ;    Sбок=P*H(ребро)



БИЛЕТ   14

ОПРЕДЕЛЕНИЕ: Если боковые ребра призмы перпендикулярны к основаниям, то призма называется прямой, в противном случае наклонной.

ТЕОРЕМА: Площадь боковой поверхности прямой призмы равна произведению периметра основания на высоту призмы.

Док-во: Бок.грани прямой призмы - прямоугольники, основания которых - стороны основания призмы, а высоты равны высоте h призмы. Площадь боковой поверхности призмы равна сумме площадей указанных прямоугольников, т.е. равна сумме произведений сторон основания на высоту h. Вынося множитель h за скобки, получим в скобках сумму сторон основания призмы, т.е. его периметр Р. Итак, Sбок=P*h.                  Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   15

Рассмотрим два равных параллелограмма ABCD и A1B1C1D1, расположенных в плоскостях так, что отрезки AA1,BB1,CC1, и DD1 параллельны.

Поверхность составленная из двух равных параллелограммов ABCD и A1B1C1D1 и четырех параллелограммов называется параллелепипедом м обозначается ABCDA1..D1.

  Параллелограммы, из которых составлен параллелепипед, называются гранями, их стороны - ребрами, а вершины параллелограммов - вершинами параллелепипеда.

ТЕОРЕМА: Диагонали параллелепипеда пересекаются в одной точке и делятся этой точкой пополам.

Док-во: Рассмотрим четырехугольник  A1D1CB, диагонали которого являются диагоналями параллелепипеда ABCDA1..D1. Т.к. A1D1 BC и

A1D1=BC, то A1D1CB  - параллелограмм. Поэтому диагонали A1C и D1B  пересекаются в некоторой точке О и этой точкой делятся пополам.



БИЛЕТ   16

ТЕОРЕМА: Противолежащие грани параллелепипеда параллельны и равны.

             

Док-во: Докажем равенство граней ABB1A1 и DCC1D параллелепипеда ABCA1..D1. Т.к. ABCD и ADD1A1 - параллелограммы, то ABDC и AA1DD1. Таким обр., две пересекающиеся прямые AB и AA1 одной грани соответственно параллельны двум прямым CD и DD1 другой грани. Отсюда по признаку параллельности плоск. следует, что грани ABB1A1 и DCC1D1 параллельны.

 Докажем равенство этих граней. Т.к. все грани параллелепипеда - параллелограммы, то AB=DC и AA1=DD1. По той же причине стороны углов A1AB и D1DC  соответственно сонаправлены, и, значит, эти углы равны. Таким обр., две смежные стороны и  м/у ними паралл-ма ABB1A1 соотв. равны двум смежным сторонам у  м/у ними пар-ма DCC1D1, поэтому эти параллелограммы равны



БИЛЕТ   17

ОПРЕДЕЛЕНИЕ: Параллелепипед называется прямоугольным , если его боковые ребра перпендикулярны к основанию, а основания представляют собой прямоугольники.

ТЕОРЕМА:  Квадрат диагонали прямоугольного параллелепипеда равен сумме квадратов трех его измерений.



   Док-во: Докажем,   что AC12=AB2+AD2+AA12  Так как ребро CC1 перпендикулярно к основанию ABCD, то ACC1-прямой.

   Из прямоугольного треугольника ACC1 по теореме Пифагора получаем  AC12=AC2+CC12.

  Но AC -диагональ прямоугольника ABCD, поэтому AC2=AB2+AD2. Кроме того, CC1=AA1.

След-но   AC12=AB2+AD2+AA12            Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   18

Рассмотрим многоугольник A1A2..An и точку P не лежащую в плоскости этого многоугольника. Соединив точку P отрезками с вершинами многоугольника, получим n треугольников:  PA1A2,PA2A3,...,PAnA1.

Многогранник, составленный из n-угольника A1A2..An и n треугольников, называется пирамидой

Многоугольник A1A2..An называется основанием, а треугольники - боковыми гранями пирамиды. Точка P называется вершиной пирамиды, а отрезки PA1, PA2, ..., Pan - ее боковыми ребрами.

ТЕОРЕМА: Плоскость, параллельная основанию пирамиды и пересекающая ее, отсекает подобную пирамиду.

Док-во: S-вершина пирамид A - верш.основания и A1 - точка пересечения секущей плоскости с боковым ребр. SA. Подвергнем пирамиду преобразованию гомотетии  относительно вершины S с коэф. гомотет. k=SA1/SA

При этом плоск-ть основания переходит в паралл. плоск-ть, проходящую ч/з точку A1, т.е. в секущую плоскость, а след-но, вся пирамида - в отсекаемую это плоскостью часть. Т.к. гомотет. есть преобразование подобия, то отсек. часть явл пирамид., подобной данной.   Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   19

ТЕОРЕМА: Площадь боковой поверхности правильной пирамиды равна половине произведения периметра основания на апофему.

Док-во: Боковые грани правидьной пирамиды - равные равнобедренные треугольники, основания которых - стороны основания пирамиды, а высоты равны апофеме. Площадь S боковой поверхности пирамиды равна сумме произведений сторон основания на половину апофемы d. Вынося множитель 1/2*d за скобки, получим в скобках сумму сторон основания пирамиды, т.е. его периметр.                          Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   20

ТЕОРЕМА: Объем призмы равен произведению площади основания на высоту.

Док-во: 1)  Рассмотрим прямую треуг. призму ABCA1B1C1  с объемом V и  высотой h. Проведем такую высоту треугольника ABC отрез.BD, которая разделяет этот треуг. на два треуг.

 Плоскость BB1D разделяет данную призму на две  приз., основаниями которых явл. прямоугольные треуг.  ABD и BDC. Поэтому объемы V1 и V2 этих призм соответственно равны

Sabdh и Sbdch. V=V1+V2, т.е.  V=Sabdh+Sbdch=(Sabd+Sbdc)h. Таким обр., V=Sabch

2) Докажем теорему для произвольной призмы с высотой h и площ. основания S. Такую призму можно разбить на прямые треуг. призмы с высотой h.

 Выразим объем каждой приз. по формуле (1) и сложим эти объемы. Вынося за скобки  множитель h, получим в скобках сумму площадей  оснований треугольных призм, т.е площадь S основания исходной призмы. Таким образом,  объем призмы равен Sh.           Ч.Т.Д.



БИЛЕТ   21

За площадь боковой поверхности цилиндра принимают площадь ее развертки.



Так как площадь прямоугольника ABB1A1 равна AA1*AB=2rh, то для вычислений площади боковой поверхности цилиндра радиуса r и высоты h получается формула Sбок=2rh

  Итак, площадь боковой поверхности цилиндра равна произведению длины окружности основания на высоту цилиндра.



БИЛЕТ   22

ТЕОРЕМА: Объем конуса равен одной трети произведения площади основания на высоту.

 Док-во: Рассмотрим конус  с объемом V. Произвольн. сечение конуса плоскостью  перпендикулярной к оси Ox,  является кругом с центром    в т.M1 пересечения этой плоскости с осью Ox.

 Обозначим радиус этого круга ч/з R1, а площадь сечения ч/з S(x), где x- абсцисса точки M1. Из подобия прямоугольных треугольников OM1A1 и OMA следует, что OM1/OM=R1/R, или x/h=R1/R, откуда R1=xR/h.

  Так как S(x)=R12, то S(x)=R2x2/h2.

  Применяя основную формулу для вычисления объемов тел получаем:



Площадь S основания конуса равна R2, поэтому 

V=1/3Sh                 Ч.Т..Д.