La Energía eléctrica (1900-08-08 00:00:00), página 21

SUMARIO DEL NÚMERO ANTERIOR

Locomotoras eléctricas para minas y fábricas (ilustrado), por Luis Sánchez Cuervo.—Ondas hertzianas ó electromagnéticas (ilustrado), por Francisco de P. Rojas.—Sección oficial: Redes telefónicas (Real decreto de 26 de Junio de 1900).—Bibliografía: Leçons d'électrotechnique générale, por Mr. P. Janet.—Crónica científica: Resistencia de los cohesores.—La electricidad y los molinos de viento.—La transmisión de fuerza Nikola Tesla.—Los rayos Roentgen.—La industria eléctrica y la electricidad atmosférica.—La fotometría de las lámparas eléctricas de incandescencia.—Pila Daniell simplificada.—Noticias.—Telégrafos.—Suplemento.—Monografía de la pila Calland (2.º pliego).—Anuncios.

Preguntas y respuestas.

R. 2.—Si se trata de utilizar los 25 caballos solamente durante las seis horas que han de estar encendidas las lámparas, hacemos el siguiente cálculo:
25 caballos = \( 25 \times 75 \times 9.81 = 18,393.75 \) vatios ó \( 25 \times 736 = 18400 \),
y teniendo presente que en la transformación de energía mecánica en eléctrica, así como en el transporte de ésta desde la generatriz al centro de distribución y de éste á los diversos abonados, se sufre una pérdida, como no puede menos de suceder, á más de la que se experimenta en los transformadores (si es que se utilizan, y cuyo uso es casi indispensable, ó muy conveniente en un caso como el actual), y suponiendo que estas diversas pérdidas no alcanzan más valor que el 25 por 100 de la energía entregada por la turbina, quedará como energía eléctrica efectiva, esto es, utilizable bajo forma de luz, 13795.81 vatios.

Una lámpara de 10 bujías á 4 vatios por bujía, consume 40 vatios, dividiendo, por consiguiente, el número de vatios disponibles por 40, obtendremos el número de lámparas de 10 bujías que pueden instalarse, para que todas puedan estar encendidas durante las seis horas que dura el alumbrado, número de lámparas que será de \( \frac{13795.81}{40} = 345 \) próximamente.

Si se trata de aprovechar toda la energía sobrante durante las veinticuatro horas del día, en las seis primeras horas de la noche, para la producción de luz, reduciremos el número de vatios que obtuvimos anteriormente (13795.31) á vatios-hora, multiplicándolo por 6, lo que nos dará 82772 vatios-hora, y agregaremos á esto el número de vatios-hora almacenados, valga la palabra, durante las dieciocho horas restantes del día. Y como para almacenar esta energía necesitamos emplear acumuladores, y éstos no devuelven más que un 0,70 ó 0,80 de la energía que se les entregó, habrá que tener en cuenta esta nueva pérdida, que supondremos evaluada en 25 por 100. Tendremos, pues, el siguiente cálculo:
25 caballos durante dieciocho horas = \( 25 \times 75 \times 9.81 \times 18 = 331057.50 \) vatios-hora.
10 por 100 perdido en transformar esta energía mecánica en eléctrica \( 33108.75 \).
Quedan \( 331057.50 - 33108.75 = 297978.75 \) vatios-hora.
25 por 100 perdido en los acumuladores \( 74494.08 \)
\( 223484.07 \)
15 por 100 idem en el transporte \( 33522.61 \)
\( 180061.46 \)

Energía utilizada directamente de la dinamo generatriz \( 82772.00 \)

Total de energía efectiva... \( 272733.46 \) vatios-hora.

Una lámpara de 10 bujías ardiendo durante seis horas, consume \( 40 \times 6 = 240 \) vatios-hora; así es que con la energía disponible podrán instalarse, en la hipótesis de que estén constantemente encendidas todas las lámparas, \( \frac{272733.46}{240} = 1136 \) lámparas próximamente. El número de bujías será cinco ó seis veces mayor, si en lugar de lámparas de incandescencia fuesen de arco.—E. M.

R. 8.—Una pila Calland, modelo grande, tiene por constantes 1.18 voltios y una resistencia variable entre 4 y 20 ó más ohms, pudiendo tomarse, para un elemento regularmente montado y conservado, que las constantes son: \( E = 1.18 \) voltios y \( R = 10 \) ohms. Este elemento nos dará en corto circuito, una intensidad de corriente que será según la ley de Ohm \( I = \frac{nE}{10} = 0,118 \) amperios, y como para el funcionamiento de un Morse son muy suficientes de 5 á 10 milésimas de amperio, resulta que un solo elemento proporciona bastante más corriente que la necesaria, y únicamente tendremos que ocuparnos de que llegue dicha corriente. Esto se consigue dándole una altura, desnivel ó voltaje necesario, para lo cual será preciso montar los elementos en serie y nunca en cantidad, pues sería un disparate, ni en batería mixta, que produciría un despilfarro, un gasto inútil de corriente.

Veamos ahora cuántos elementos son necesarios para que lleguen al receptor los 10 miliamperios que son necesarios para su funcionamiento. Para esto, sabiendo ya que han de estar montados en tensión, emplearemos la fórmula de Ohm aplicable á este caso \( I = \frac{nE}{pr + R} \) y substituiremos en ella los valores conocidos para obtener el valor de n que es lo que nos proponemos.

\( I = 0,010 \) amperios. \( E = 1.18 \). \( r = 10 \) ohms. \( R = 500 + 500 = 1.000 \) ohms.

\[
0,010 = \frac{n \times 1.18}{n \times 10 + 1000}
\]

\[
n \times 1.18 - 0,10 = 10
\]

\[
n = \frac{10}{1.08} = 10 \text{ elementos próximamente.}
\]