# Hesssches Pendel

Das Hess’sche Pendel$^{:141ff}$$^{:197}$ nach Wilhelm Hess ist in der Kreiseltheorie ein unsymmetrischer Kreisel, bei dem sich der Schwerpunkt wie ein sphärisches Pendel bewegt, nur muss die Schwerebeschleunigung durch eine kreiselspezifische Schwerebeschleunigung ersetzt werden, siehe Animation. Die Geschwindigkeit eines Punkts auf der Hauptachse mit dem mittelgroßen Hauptträgheitsmoment schließt immer denselben Winkel mit der Schwerpunktsachse vom Stützpunkt zum Schwerpunkt ein, weswegen das Hess’sche Pendel auch loxodromisches Pendel genannt wird.$^{:142f}$ Das Hess’sche Pendel ist eine direkte Verallgemeinerung des sphärischen Pendels.$^{:381}$
Der Drehimpuls ist immer senkrecht zur Schwerpunktsachse. Zudem liegen wie bei den Staude-Drehungen die Schwerpunktsachse, der Drehimpuls und die Winkelgeschwindigkeit in einer Ebene. Die Hauptträgheitsmomente A, B, C um die erste, zweite bzw. dritte Hauptachse und die Schwerpunktskoordinaten s$_{1,2,3}$ müssen dafür die Bedingungen
    $s_{2}=0,\quad {\frac {s_{1}^{2}}{s_{3}^{2}}}={\frac {{\frac {1}{B}}-{\frac {1}{A}}}{{\frac {1}{C}}-{\frac {1}{B}}}}={\frac {C(A-B)}{A(B-C)}}$
einhalten. Hier wird o.B.d.A. A > B > C voraus gesetzt.
Hess, ein Professor am Lyzeum in Bamberg, entdeckte diese analytisch beschreibbare Bewegung 1890. Russische Mathematiker haben seine Studie später vertieft. Das Hess’sche Pendel konnte auch auf den Spielkreisel übertragen werden und Mlodzjejowsky fand eine andere Verallgemeinerung des sphärischen Pendels.$^{:129}$

## Bedingungen an den Kreisel und die Anfangsbedingungen

Damit der Drehimpuls während der Bewegung immer in einer körperfesten Ebene e bleibt, muss diese senkrecht zur Schwerpunktsachse sein. Der Drehimpuls bleibt nur dann in der Ebene e, wenn Stützpunkt, Schwerpunkt, Drehimpuls und Winkelgeschwindigkeit komplanar sind. Dann schneidet die Ebene e das MacCullagh-Ellipsoid in einem Kreis, was die mögliche Massenverteilung im Kreisel einschränkt.

### Die körperfeste Ebene, die den Drehimpuls enthält

Das äußere Drehmoment ${\vec {s}}\times {\vec {G}}$, gebildet aus dem Kreuzprodukt × der Schwerpunktsachse ${\vec {s}}$ mit der Gewichtskraft ${\vec {G}}$ ist nach dem Drallsatz gleich der Geschwindigkeit des Endpunkts des Drehimpulses ${\vec {L}}$. Diese Geschwindigkeit ist somit jederzeit senkrecht zur Schwerpunktsachse und muss in e enthalten sein. Also ist die Ebene e senkrecht zur Schwerpunktsachse und definiert durch ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0$.$^{:379}$

### Die Winkelgeschwindigkeit

Aus obiger Ebenengleichung folgt mit der Produktregel
    ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0\quad \rightarrow \quad {\frac {\mathrm {d} }{\mathrm {d} t}}({\vec {L}}\cdot {\vec {s}})={\dot {\vec {L}}}\cdot {\vec {s}}+{\vec {L}}\cdot {\dot {\vec {s}}}=0$
worin ${\tfrac {\mathrm {d} }{\mathrm {d} t}}$ wie der aufgesetzte Punkt die Zeitableitung symbolisieren. Der erste Summand ${\dot {\vec {L}}}\cdot {\vec {s}}=({\vec {s}}\times {\vec {G}})\cdot {\vec {s}}=0$ verschwindet immer. Im zweiten Summand bildet sich die Geschwindigkeit des Schwerpunkts mit der Winkelgeschwindigkeit ${\vec {\omega }}$ des Kreisels: ${\dot {\vec {s}}}={\vec {\omega }}\times {\vec {s}}$. Damit der zweite Summand jederzeit null ist, müssen Schwerpunkt, Stützpunkt, Drehimpuls und Winkelgeschwindigkeit komplanar sein:$^{:379}$
    ${\vec {L}}\cdot ({\vec {\omega }}\times {\vec {s}})=0$

### Die Schnittfigur von Ebene und MacCullagh-Ellipsoid

Die körperfeste Ebene e schneidet das MacCullagh-Ellipsoid in einem Kreis. Denn die zur Schwerpunktsachse senkrechte Ebene e durch den Stützpunkt schneidet das MacCullagh-Ellipsoid jedenfalls in einem Kegelschnitt (rot im Bild). Der Drehimpuls liegt in der Ebene e und berührt das Ellipsoid im Punkt P und t sei die Tangente an die Schnittkurve in P. Die Tangente t ist in e enthalten. Mit einer zweiten, zu t senkrechten Tangente t' wird in P die Tangentialebene e' an das Ellipsoid aufgespannt. Diese Ebene ist senkrecht zur Winkelgeschwindigkeit. Weil t die Schnittgerade der Ebenen e und e' ist, die senkrecht zur Schwerpunktsachse bzw. der Winkelgeschwindigkeit sind, ist t auch senkrecht zur Ebene, die von der Schwerpunktsachse und der Winkelgeschwindigkeit erzeugt wird. Diese Ebene enthält auch den Drehimpuls, weswegen t auch zu diesem senkrecht ist. Mithin erweist sich der Kegelschnitt als Kreis, denn seine Tangenten sind jederzeit senkrecht zum Radiusvektor.$^{:380}$
Allerdings ist die Rotationsenergie nicht notwendigerweise konstant, weswegen dann das MacCullagh-Ellipsoid in seiner Ausdehnung pulsiert. Der Drehimpuls verfolgt im körperfesten System nicht notwendigerweise eine Kreisbahn.

### Die Massenverteilung im Kreisel

Der Drehimpuls liegt bei der momentanen Rotationsenergie E$_{rot}$ auf dem MacCullagh-Ellipsoid, das im Drehimpulsraum mit Drehimpulskomponenten L$_{1,2,3}$ entlang der Hauptachsen durch die Gleichung
    ${\frac {L_{1}^{2}}{A}}+{\frac {L_{2}^{2}}{B}}+{\frac {L_{3}^{2}}{C}}=2E_{\text{rot}}$
definiert ist. Dieses Ellipsoid wird mit einer Kugel derart verschnitten, dass die Schnittfigur eben ist. Die Kugel hat die Gleichung
    ${\frac {1}{B}}(L_{1}^{2}+L_{2}^{2}+L_{3}^{2})=2E_{\text{rot}}$
Subtraktion ergibt:
    ${\frac {1}{B}}(L_{1}^{2}+L_{2}^{2}+L_{3}^{2})-{\frac {L_{1}^{2}}{A}}-{\frac {L_{2}^{2}}{B}}-{\frac {L_{3}^{2}}{C}}=\left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{A}}\right)L_{1}^{2}+\left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{C}}\right)L_{3}^{2}=0$
In der 1-3-Ebene definiert diese Identität zwei Ursprungsgeraden, die mit der 2-Achse zwei Ebenen erzeugen. Damit die Schwerpunktsachse senkrecht zu einer dieser Ebenen ist, muss
    $s_{2}=0,\quad \left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{A}}\right)s_{3}^{2}+\left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{C}}\right)s_{1}^{2}=0$
sein.$^{:381}$$^{:141}$

### Folgerungen

Die zusammengetragenen Bedingungen sind zwei an die Massenverteilung (an s$_2$ und s$_1$/s$_3$) und eine an die Anfangsbedingungen (${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0$). Dieser Grad der Spezialisierung ist identisch zu dem beim Euler-Kreisel, dem Lagrange-Kreisel und dem Kowalewskaja-Kreisel, die auch jeweils drei Bedingungen an den Kreisel, allerdings nur an dessen Massenverteilung, stellen.$^{:378}$
Es ist möglich, die Integration der Euler-Poisson-Gleichungen im Hess’schen Fall zu Ende zu führen.$^{:142f}$ Joukowskys geometrische Sätze zeigen, dass sich der Schwerpunkt wie bei einem Raumpendel bewegt, nur muss die Schwerebeschleunigung durch eine kreiselspezifische Schwerebeschleunigung ersetzt werden.

## Joukowskys geometrische Sätze

N. Joukowsky formulierte mehrere Sätze, die die Bewegung des Hess’schen Pendels veranschaulichen. Die Sätze zeigen, dass
* der Drehimpuls in einer körperfesten Ebene liegt, was im vorangegangenen Abschnitt vorweggenommen wurde,
* die Geschwindigkeit eines Punkts auf der 2-Achse einen gleich bleibenden Winkel mit den Kreisschnitten einschließt,
* die kinetische Energie des Kreisels gleich derjenigen eines Massenpunkts ist, der sich im Schwerpunkt des Kreisels befindet, und dass auch
* der Drehimpuls des Kreisels gleich dem Drehimpuls dieses Massenpunkts ist.

### Die Geschwindigkeit eines Punkts auf der 2-Achse

Joukowskys zweiter Satz besagt, dass die Geschwindigkeit eines Punkts auf der 2-Achse mit den Kreisen, die aufeinander folgende Lagen des Kreisschnittes darstellen, einen konstanten Winkel einschließt.
Denn aus der Bedingung an die Massenverteilung in der Form ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0$ und
    $\left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{A}}\right)L_{1}^{2}+\left({\frac {1}{B}}-{\frac {1}{C}}\right)L_{3}^{2}=0$
folgt, dass das Verhältnis des Drehimpulses L$_3$ zu L$_1$ konstant ist. Das Verhältnis ω$_3$ zu ω$_1$ der zu ihnen proportionalen Winkelgeschwindigkeiten ist somit auch konstant. Der Tangentenvektor ${\vec {t}}={\vec {s}}\times {\hat {e}}_{2}$ an den Kreisschnitt auf der 2-Achse hat, weil er körperfest ist, gleichbleibenden Betrag. Der Vektor ${\dot {\hat {e}}}_{2}={\vec {\omega }}\times {\hat {e}}_{2}$ ist wegen
    $|{\dot {\hat {e}}}_{2}|=|\omega _{1}{\hat {e}}_{3}-\omega _{3}{\hat {e}}_{1}|=|\omega _{1}|{\sqrt {1+{\frac {\omega _{3}^{2}}{\omega _{1}^{2}}}}}$
proportional zur Winkelgeschwindigkeit ω$_1$. Das Skalarprodukt
    ${\dot {\hat {e}}}_{2}\cdot {\vec {t}}=({\vec {\omega }}\times {\hat {e}}_{2})\cdot ({\vec {s}}\times {\hat {e}}_{2})=\left(s_{1}+s_{3}{\frac {\omega _{3}}{\omega _{1}}}\right)\omega _{1}$
ist ebenfalls proportional zu ω$_1$. Somit ist aber der Cosinus des Winkels zwischen ${\dot {\hat {e}}}_{2}$ und ${\vec {t}}$ konstant, weil er das Verhältnis des Skalarprodukts zu den Beträgen der beteiligten Vektoren ist. Folglich ist auch der Winkel zwischen der Bahngeschwindigkeit und der Tangente oder der Komplementwinkel zur Schwerpunktsachse immer gleich.

### Die kinetische Energie des Kreisels

Joukowskys dritter Satz besagt, dass die kinetische Energie des Kreisels gleich derjenigen eines Massenpunkts ist, der sich im Schwerpunkt des Kreisels befindet.
Die kinetische Energie ist beim Kreisel gleich seiner Rotationsenergie
    $E_{\text{kin}}=E_{\text{rot}}={\frac {1}{2}}{\vec {L}}\cdot {\vec {\omega }}$
Bei einem mit gleicher Winkelgeschwindigkeit kreisenden Massenpunkt mit Masse M und Bahngeschwindigkeit ${\vec {v}}={\vec {\omega }}\times {\vec {s}}$ ist die kinetische Energie
    $E_{\text{kin}}={\frac {M}{2}}|{\vec {v}}|^{2}={\frac {M}{2}}|{\vec {\omega }}\times {\vec {s}}|^{2}$
Kombination der beiden Gleichungen führt unter den eingangs angegebenen Einschränkungen für die Lage des Schwerpunkts und der Orthogonalität ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0$ auf die Masse
    $M={\frac {2E_{\text{kin}}}{|{\vec {v}}|^{2}}}={\frac {{\vec {L}}\cdot {\vec {\omega }}}{|{\vec {\omega }}\times {\vec {s}}|^{2}}}={\frac {(A-B)C}{(A-C)s_{1}^{2}}}={\frac {B}{|{\vec {s}}|^{2}}}$

### Der Drehimpuls des Körpers

Joukowskys vierter Satz besagt, dass der Drehimpuls des Körpers gleich dem Drehimpuls des Massenpunkts aus dem dritten Satz ist.
Beim Kreisel ergibt sich der Drehimpuls aus dem Produkt des Trägheitstensors Θ mit der Winkelgeschwindigkeit: ${\vec {L}}:=\mathbf {\Theta } \cdot {\vec {\omega }}$. Beim Massenpunkt lautet der Drehimpuls andererseits
    ${\vec {L}}_{M}:={\vec {s}}\times M{\vec {v}}={\vec {s}}\times M({\vec {\omega }}\times {\vec {s}})$
was mit der Masse aus Satz 3 und den eingangs angegebenen Einschränkungen für die Lage des Schwerpunkts und der Orthogonalität ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=0$ identisch zum Drehimpuls des Kreisels ist: ${\vec {L}}={\vec {L}}_{M}$.

### Folgerungen

Beim Hess’schen Pendel sind die Rotationsenergie und der Drehimpuls gleich dem eines Massenpunkts mit Masse M im Schwerpunkt. Diese Masse ist nicht notwendigerweise gleich der Masse m des Kreisels. Auf diesen wirkt eine Gewichtskraft
    $mg=M\left({\frac {m}{M}}g\right)=M\left({\frac {ms^{2}}{B}}g\right)=:Mg'$
gemäß der Schwerebeschleunigung g. Der Schwerpunkt des Kreisels bewegt sich daher wie ein sphärisches Pendel mit der Masse M unter der modifizierten Schwerebeschleunigung g'.$^{:142f}$ Insbesondere gleicht sich das Hess’sche Pendel dem kräftefreien Euler-Kreisel an, wenn der Schwerpunkt in den Stützpunkt rückt und die modifizierte Schwerebeschleunigung dadurch gegen null geht.

## Integration der Euler-Poisson-Gleichungen

Die #Euler-Poisson-Gleichungen sind die Bewegungsgleichungen für einen schweren Kreisel mit Stützpunkt. Diese Gleichungen können im Fall des Hess’schen Pendels dahingehend gelöst werden, dass die in den Gleichungen vorkommenden Variablen durch elliptische Integrale ausgedrückt werden.
Dies gelingt nach Einführung einer Orthonormalbasis, die an der Schwerpunktsachse vom Stützpunkt zum Massenmittelpunkt und der Hauptträgheitsachse mit Hauptträgheitsmoment B ausgerichtet ist. In diesem System nehmen die #Integrale besonders einfache Formen an, wonach elliptische Integrale für die Koordinaten der Lotrichtung angegeben werden können.

### Euler-Poisson-Gleichungen

Im Hauptachsen­system lauten die Euler-Poisson-Gleichungen
    ${\begin{aligned}A{\dot {p}}+(C-B)qr=&mg(n_{3}y_{0}-n_{2}z_{0})\\B{\dot {q}}+(A-C)rp=&mg(n_{1}z_{0}-n_{3}x_{0})\\C{\dot {r}}+(B-A)pq=&mg(n_{2}x_{0}-n_{1}y_{0})\end{aligned}}$
    ${\begin{aligned}{\dot {n}}_{1}=&rn_{2}-qn_{3}\\{\dot {n}}_{2}=&pn_{3}-rn_{1}\\{\dot {n}}_{3}=&qn_{1}-pn_{2}\end{aligned}}$
Darin ist bzw. sind
| • mg: | die Gewichtskraft, |
| • A, B, C: | die (unveränderlichen) Hauptträgheitsmomente des Kreisels, |
| • x$_0$, y$_0$, z$_0$: | die (unveränderlichen) Koordinaten des Massenmittelpunkts, |
| • p, q, r: | die (veränderlichen) Komponenten der Winkelgeschwindigkeit, |
| • n$_{1,2,3}$: | die (veränderlichen) Komponenten des parallel zur Schwerkraft senkrecht nach unten weisenden Einheitsvektors ${\hat {n}}$ |
im Hauptachsensystem ê$_{1,2,3}$. Beim Hess’schen Pendel ist y$_0$=0 und wegen der speziellen Massenverteilung im Kreisel gilt mit $\rho _{0}:={\sqrt {x_{0}^{2}+z_{0}^{2}}}$:
    ${\frac {\rho _{0}^{2}}{B(A-C)}}={\frac {x_{0}^{2}}{C(A-B)}}={\frac {z_{0}^{2}}{A(B-C)}}$
Im Folgenden wird mg=1 gesetzt, was bekanntlich nur die Wahl der Maßeinheiten beschränkt.$^{:446}$

### Integrale

Beim schweren Kreisel mit Stützpunkt gibt es immer drei Integrale der Bewegung, die in der Kreiseltheorie kurz Integrale genannt werden. Diese sind:
Die Norm des lotrechten Einheitsvektors:
    $l_{0}:=n_{1}^{2}+n_{2}^{2}+n_{3}^{2}\equiv 1$,
der Drehimpuls in Lotrichtung:
    $l_{1}:=Apn_{1}+Bqn_{2}+Crn_{3}$=const.,
und hier die doppelte Gesamtenergie des Kreisels:
    $l_{2}:=Ap^{2}+Bq^{2}+Cr^{2}-2(x_{0}n_{1}+y_{0}n_{2}+z_{0}n_{3})$=const.
Beim Hess’schen Pendel wird ein viertes Integral vorausgesetzt:
    ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=Apx_{0}+Crz_{0}\equiv 0$.

### Schwerpunktssystem

Für das weitere Vorgehen wird ein körperfestes Koordinatensystem gewählt,
* dessen Ursprung im Stützpunkt liegt,
* dessen η-Richtung ê$_η$ in Richtung der Hauptträgheitsachse ê$_2$ mit dem mittelgroßen Hauptträgheitsmoment B weist (C < B < A),
* dessen ζ-Richtung ê$_ζ$ in Richtung des Massenmittelpunkts ${\vec {s}}=x_{0}{\hat {e}}_{1}+z_{0}{\hat {e}}_{3}$ liegt und
* dessen ξ-Richtung ê$_ξ$ senkrecht zu den vorgenannten Richtungen ist.
Dann gilt:$^{:449}$
    ${\hat {n}}={\begin{pmatrix}n_{1}\\n_{2}\\n_{3}\end{pmatrix}}_{{\hat {e}}_{123}}={\frac {1}{\rho _{0}}}{\begin{pmatrix}x_{0}\zeta +z_{0}\xi \\\rho _{0}\eta \\z_{0}\zeta -x_{0}\xi \end{pmatrix}}_{{\hat {e}}_{123}}=:{\begin{pmatrix}\xi \\\eta \\\zeta \end{pmatrix}}_{{\hat {e}}_{\xi \eta \zeta }}={\frac {1}{\rho _{0}}}{\begin{pmatrix}z_{0}n_{1}-x_{0}n_{3}\\\rho _{0}n_{2}\\x_{0}n_{1}+z_{0}n_{3}\end{pmatrix}}_{{\hat {e}}_{\xi \eta \zeta }}$

### Transformation des Gleichungssystems

Aus dem vierten der #Integrale ${\vec {L}}\cdot {\vec {s}}=Apx_{0}+Crz_{0}\equiv 0$ wird
    $r=-{\frac {Ax_{0}p}{Cz_{0}}}$
entnommen und mit den Koordinaten ξ, η bzw. ζ der #Lotrichtung im Schwerpunktssystem schreiben sich die #Euler-Poisson-Gleichungen$^{:450}$
    ${\begin{aligned}A{\dot {p}}=&{\frac {A(C-B)x_{0}}{Cz_{0}}}pq-z_{0}\eta \\B{\dot {q}}=&{\frac {A(A-C)x_{0}}{Cz_{0}}}p^{2}+\rho _{0}\xi \\{\dot {\xi }}=&{\frac {(C-A)x_{0}}{C\rho _{0}}}p\eta -q\zeta \\{\dot {\eta }}=&{\frac {A\rho _{0}}{Bz_{0}}}p\zeta +{\frac {(A-C)x_{0}}{C\rho _{0}}}p\xi \\{\dot {\zeta }}=&{\frac {1}{B}}\left(Bq\xi -{\frac {A\rho _{0}}{z_{0}}}p\eta \right)\end{aligned}}$
Aus den #Integralen wird:
    ${\begin{aligned}\xi ^{2}+\eta ^{2}+\zeta ^{2}=&1\\{\frac {A\rho _{0}}{z_{0}}}p\xi +Bq\eta =&l_{1}\\{\frac {A^{2}\rho _{0}^{2}}{Bz_{0}^{2}}}p^{2}+Bq^{2}-2\rho _{0}\zeta =&l_{2}\end{aligned}}$

### Auflösung

Existierten nur von ζ abhängige Funktionen f und g, sodass
    ${\frac {A\rho _{0}}{z_{0}}}p=f\xi -g\eta ,\;Bq=f\eta +g\xi$
dann wäre wegen
    ${\dot {\zeta }}={\frac {1}{B}}[(f\eta +g\xi )\xi -(f\xi -g\eta )\eta ]={\frac {g}{B}}(\xi ^{2}+\eta ^{2})={\frac {g}{B}}(1-\zeta ^{2})$
das Problem auf eine gewöhnliche Differentialgleichung in ζ zurückgeführt. Mit diesem Ansatz ergibt sich aus den #neuen Integralen:$^{:450}$
    ${\begin{aligned}p={\frac {z_{0}(l_{1}\xi -\eta R)}{A\rho _{0}(1-\zeta ^{2})}},\;q={\frac {l_{1}\eta +\xi R}{B(1-\zeta ^{2})}},\;R^{2}=B(1-\zeta ^{2})(l_{2}+2\rho _{0}\zeta )-l_{1}^{2}\end{aligned}}$
und damit
    ${\dot {\zeta }}={\frac {R}{B}}$
Der Zähler ist nur bis auf das Vorzeichen bestimmt, das sich nach dem bei Schwingungen üblichen Verfahren ergibt. Die Variable ζ bewegt sich im Intervall [-1, 1] zwischen zwei Extremen, zwischen denen das Polynom R$^2$ positiv ist und in denen R = 0 ist. In diesen Nullstellen wechselt ${\dot {\zeta }}$ sein Vorzeichen.
Trennung der Veränderlichen führt auf ein Elliptisches Integral:
    ${\frac {{\rm {d}}\zeta }{{\rm {d}}t}}={\frac {R}{B}}\quad \rightarrow \quad {\rm {d}}t=B{\frac {{\rm {d}}\zeta }{R}}\quad \rightarrow \quad t-t_{0}=B\int _{\zeta _{0}}^{\zeta }{\frac {{\rm {d}}z}{\sqrt {B(1-z^{2})(l_{2}+2\rho _{0}z)-l_{1}^{2}}}}$
Indem in die Zeitableitungen von ξ und η obige Ausdrücke für p und q eingesetzt werden, entsteht:
    ${\dot {\xi }}={\frac {(a\xi -\zeta )l_{1}\eta -(a\eta ^{2}+\xi \zeta )R}{B(1-\zeta ^{2})}},\;{\dot {\eta }}={\frac {(l_{1}\xi -\eta R)(\zeta -a\xi )}{B(1-\zeta ^{2})}},\;a={\frac {B(C-A)x_{0}z_{0}}{AC\rho _{0}^{2}}}$
Mit der imaginären Einheit i$^2$=−1 wird aus ξ und η die komplexe Variable $v=\xi +{\rm {i}}\eta$ zusammen gebaut, die die Zeitableitung
    ${\dot {v}}={\dot {\xi }}+{\rm {i}}{\dot {\eta }}={\frac {(R-{\rm {i}}l_{1})(av-2\zeta )v}{2B(1-\zeta ^{2})}}-{\frac {a}{2B}}(R+{\rm {i}}l_{1})$
besitzt, die nur von $v$ selbst und ζ abhängt. Damit sind auch obige Ausdrücke für p und q Funktionen von ζ allein und das Problem im Prinzip gelöst.
Der Variablen $v$ kann ein Punkt im Kreisel zugeordnet werden, der um $\zeta {\hat {e}}_{\zeta }$ von der Lotrichtung abweicht: ${\vec {v}}=\xi {\hat {e}}_{\xi }+\eta {\hat {e}}_{\eta }$. So ist die Bewegung des Kreisels vollständig beschrieben durch zwei Punkte: Dem Massenmittelpunkt und ${\vec {v}}$.$^{:451}$