ABC - 128 - A&B&C

#AtCoder ABC 128 A&B&C&D
[AtCoder - 128](https://atcoder.jp/contests/abc128)

近いうちにE&Fを解きに戻ってくる。

#A - Apple Pie

```java
	private void solveA() {

		out.println((nextInt() * 3 + nextInt()) / 2);
	}
```

#B - Guidebook

 - 文字列の[][]で保持して、[][0]で文字順にソートして、[][0]が同じだったら[][1]を数値に変換して降順にソート

```java
	private void solveB() {
		int n = nextInt();
		String[][] s = new String[n][3];

		for (int i = 0; i < n; i++) {
			s[i][0] = next();
			s[i][1] = next();
			s[i][2] = Integer.toString(i + 1);
		}
		Arrays.sort(s,
				(x, y) -> {
					if (x[0].compareTo(y[0]) < 0) {
						return -1;
					} else if (x[0].compareTo(y[0]) > 0) {
						return 1;
					} else {
						return -Integer.compare(Integer.parseInt(x[1]), Integer.parseInt(y[1]));
					}
				});

		for (int i = 0; i < s.length; i++) {
			out.println(s[i][2]);
		}
	}
```

#C - Switches

 - 段々書けるようになってきたbit使った全探索

 - スイッチは1-5、スイッチがONになっていないといけない個数 \ スイッチ番号 

|電球番号\スイッチ番号|||1|2|3|4|5|
|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|
|1|0||〇|〇|||〇|
|2|1|||〇|〇|||

 - 電球番号1は、使えるスイッチは1,2,5で、1,2,5の内偶数個（この例だと2つ）がONになっている必要がある
    - 1,2,5全部がONになっているのはNGで、3,4のON/OFFは関係がない
 - 電球番号2は、使えるスイッチは2,3で、2,3の内奇数個（この例だと1つ）がONになっている必要がある
    - 2,3両方がONになっているのはNGで、1,4,5のON/OFFは関係がない

ということで、$2^{スイッチの数}$だけ選択肢があるということになる

具体的には以下のようなパターン($2^{スイッチの数}$個)を試す
出力例3を例にとると

|パターン\スイッチ||1|2|3|4|5||
|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|:-:|
|1||〇|||||スイッチ1をON<br>電球1も2もOFF|
|2||〇|〇||||スイッチ1,2をON<br>電球1も2もON|
|3||〇|〇|〇|||スイッチ1,2,3をON<br>電球1がON。電球2はOFF|
|xxx||〇||||〇|スイッチ1,5をON<br>電球1がON。電球2はOFF|

```java
	private void solveC() {
		int n = nextInt();
		int m = nextInt();
		int[] k = new int[m];

		List<List<Integer>> s = new ArrayList<List<Integer>>();
		for (int i = 0; i < k.length; i++) {
			k[i] = nextInt();
			List<Integer> temp = new ArrayList<Integer>();
			for (int j = 0; j < k[i]; j++) {
				temp.add(nextInt());
			}
			s.add(temp);
		}
		int[] p = IntStream.range(0, m).map(i -> nextInt()).toArray();

		long res = 0;
		for (int i = 0; i < 1 << n; i++) {
			boolean isResult = true;
			for (int j = 0; j < m; j++) {
				//電球jのボタンリストを取得
				List<Integer> sList = s.get(j);
				//電球jがONになっていないといけないのは偶数か奇数か
				int compareBase = p[j];
				//電球jを点灯するのに必要なボタンのうち、何個ONになっているのか
				int compare = 0;
				for (Integer buttonNum : sList) {
					/*
					 * 電球jのボタンリストの内、ONになっているボタンを探す
					 * buttonNum - 1　->　ボタン番号(配列に合わせて-1)
					 * (i & (1 << (buttonNum - 1))　->　ボタン番号の位置にフラグが立っているか？
					 */
					if ((i & (1 << (buttonNum - 1))) >= 1) {
						compare++;
					}
				}
				//ボタンがONになっていた個数の偶奇を判定し、電球jの必要条件を満たしているのか判定
				if (compareBase != compare % 2) {
					isResult = false;
					break;
				}
			}
			if (isResult) {
				//このパターンは全部の電球がONになった
				res++;
			}

		}

		out.println(res);
	}
```

#D - equeue

 - 以下の4操作を行う
    - 1:左からとる
    - 2:右からとる
    - 3:手持ちを捨てて左につける
    - 4:手持ちを捨てて右につける
 - 3,4は操作の最後で一気に行えばよい（要らないものを最後に捨てるという発想）ので以下の操作を全たパターン行う
    - 左から、$0-max(n,K)$回とる
    - 右から、$0-min(n,(k-lからとった回))$回とる
    - $(k-lからとった回-rからとった回)$分、手持ちから左または右につける
        - 捨てる操作なので左でも右でもどちらでもよい。捨てた後とることをしないので
        - また、0より小さいものは捨てる価値がある（捨てることによって手持ちの価値が上がる）が、0以上は捨てると手持ちの価値が減るので捨てる必要がない

```java
	private void solveD() {
		int n = nextInt();
		int k = nextInt();
		long[] wk = new long[n];
		for (int i = 0; i < n; i++) {
			wk[i] = nextInt();
		}
		long res = 0;
		//左からとれるだけ取る
		for (int l = 0; l <= k; l++) {
			//右からとれるだけ取る
			for (int r = 0; r <= k; r++) {
				//操作回数がkを超えるならbreak
				if (l + r > k) {
					break;
				}

				//現時点の手持ちの合計
				long now = 0;
				List<Long> s = new ArrayList<Long>();
				int pickCount = 0;
				//左側から取得した分だけ足す
				for (int i = 0; i < Integer.min(l, n); i++) {
					long tmp = wk[i];
					now += tmp;
					s.add(tmp);
					pickCount++;
				}
				/*
				 * 右側から取得した分だけ足す
				 * 右側のmaxをいじっているのは、
				 * 	- 操作回数（K）がNより大きい場合があるため
				 *  - 左側から取っていた場合と、右側からとっていった場合で2回ループしているが
				 *  　KがNより大きいと同じものをとってしまう場合がある
				 *  　そたのめ、本来のrのmax取得数とlで取得した数を比較している。
				 *  　e.g.K>=Nの場合、lのInteger.min(l, n)でnが返ってきている。
				 */
				for (int i = n - 1; i > Integer.max(n - 1 - r, Integer.min(l, n)); i--) {
					long tmp = wk[i];
					now += tmp;
					s.add(tmp);
					pickCount++;
				}
				//余計なものを捨てるために、要らない順に並べる
				Collections.sort(s);

				//余分な取得物を捨てることができる回数
				int d = k - pickCount;
				//この回数以上は捨てられないのでbreak
				for (int i = 0; i < Integer.min(d, s.size()); i++) {
					//
					//取り出した宝石の価値が負の値でないなら捨てる必要がない
					if (s.get(i) > 0) {
						break;
					}

					//負の価値の宝石は捨てる
					now -= s.get(i);
				}
				res = Long.max(res, now);
			}
		}
		out.println(res);
	}
```